Probleme Rezolvate de Mecanica
-
Upload
raiziciprian -
Category
Documents
-
view
1.135 -
download
59
description
Transcript of Probleme Rezolvate de Mecanica
-
Teodor HUIDU Cornel MARIN
PROBLEME
REZOLVATE
DE MECANIC
Recenzia tiinific:
Prof. dr. ing. Nicolae Enescu
Prof. dr. ing. Ion ROCA
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
2
Descrierea CIP a Bibliotecii nationale a Romniei
HUIDU, TEODOR
Probleme rezolvate de mecanic / Teodor Huidu,
Cornel Marin. - Trgovite : Editura Macarie, 2001
260p; 25cm - (Universitaria)
Bibliogr.
ISBN 973 - 8135 - 60 - 5
I. Marin, Cornel
531(076)
Consilier editorial: Mihai VLAD
Tehnoredactare computerizat: Cornel MARIN
2001 - Toate drepturile sunt rezervate autorilor
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
3
CUPRINS PREFA CAPITOLUL I STATICA PUNCTULUI MATERIAL Elemnte de baz din teoria vectorilor. Rezumat 1.1. Statica punctului material. Probleme din teoria vectorilor. 1.2. Reducerea unui sistem de fore concurente coplanare. Probleme rezolvate 1.3. Reducerea unui sistem de fore concurente spaiale. Probleme rezolvate Echilibrul punctului material liber i supus la legturi. Axioma legturilor Rezumat 1.4 Echilibrul punctului material liber. Probleme rezolvate 1.5 Echilibrul punctului material supus la legturi ideale i reale. Probleme rezolvate Probleme propuse CAPITOLUL II REDUCEREA SISTEMELOR DE FORE Reducerea istemelor de fore aplicate solidului rigid. Rezumat 2.1. Reducerea sistemelor coplanare de fore i cupluri. Probleme rezolvate 2.2. Reducerea sistemelor de fore paralele. Probleme rezolvate . 2.3. Reducerea sistemelor spaiale de fore i cupluri. Probleme rezolvate CAPITOLUL III CENTRE DE MAS SI CENTRE DE GREUTATE Centre de mas i centre de greutate. Rezumat 3.1 Centrul de mas pentru bare omogene. Probleme rezolvate. 3.2 Centrul de mas pentru plci omogene. Probleme rezolvate. 3.3 Centrul de mas pentru corpuri omogene. Probleme rezolvate.
CAPITOLUL IV ECHILIBRUL FORELOR APLICATE SOLIDULUI RIGID Teoremele echilibrului forelor aplicate solidului rigid. Rezumat 4.1. Echilibrul solidului rigid liber sub aciunea unui sistem spaial de fore. 4.2. Echilibrul solidului rigid de tip plac sau bar supus la legturi sub aciunea unui sistem coplanar de fore. CAPITOLUL V ECHILIBRUL SISTEMELOR DE CORPURI Teoremele echilibrului forelor aplicate sistemelor de corpuri. Rezumat 5.1. Echilibrul sistemelor plane de corpuri de tip bar. Probleme rezolvate 5.2. Echilibrul sistemelor plane de corpuri cu frne de tip sabot, tampon sau band. Probleme rezolvate CAPITOLUL VI GRINZI CU ZBRELE Echilibrului forelor aplicate grinzilor cu zbrele. Rezumat
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
4
Grinzi cu zbrele. Probleme rezolvate . CAPITOLUL VII ECHILIBRUL FIRELOR OMOGENE Echilibrul firelor omogene. Rezumat. Probleme rezolvate de echilibrul firelor omogene
CAPITOLUL VIII CINEMATICA MICRII ABSOLUTE A PUNCTULUI MATERIAL Probleme rezolvate de cinematica micrii absolute a punctului material
CAPITOLUL IX DINAMICA MICRII ABSOLUTE A PUNCTULUI MATERIAL Probleme rezolvate de dinamica micrii absolute a punctului material
CAPITOLUL X CINEMATICA RIGIDULUI I A SISTEMELOR DE RIGIDE Probleme rezolvate de cinematica rigidului i a sistemelor de rigide Probleme propuse
CAPITOLUL XI CINEMATICA MICRII RELATIVE A PUNCTULUI MATERIAL Probleme rezolvate de cinematica micrii absolute a punctului material Probleme propuse
CAPITOLUL XII DINAMICA MICRII RELATIVE A PUNCTULUI MATERIAL Probleme rezolvate de dinamica micrii absolute a punctului material Probleme propuse
CAPITOLUL XIII DINAMICA RIGIDULUI I A SISTEMELOR DE RIGIDE Probleme rezolvate de dinamica rigidului i a sistemelor de rigide Probleme propuse CAPITOLUL XIV MECANIC ANALITIC Principiul lucrului mecanic virtual i principiul lui dAlembert. Probleme rezolvate Ecuaiile lui Lagrange de spea a doua. Probleme rezolvate.
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
5
PREFA Aceast lucrare este rezultatul experienei autorilor n predarea cursului de Mecanica teoretic, studenilor Facultilor de inginerie din cele dou centre universitare: Universitatea Petrol-Gaze Ploieti i Universitatea Valahia Trgovite.
Lucrarea cuprinde 14 capitole i anume: Statica punctului material, Elemente de baz din teoria vectorilor, Reducerea forelor aplicate solidului rigid, Centre de mas i centre de greutate, Echilibrul forelor aplicate solidului rigid, Echilibrul sistemelor de corpuri, Grinzi cu zbrele i Echilibrul firelor omogene, Cinematica punctului material, Dinamica punctului material, Cinematica micrii relative a punctului material, Dinamica micrii relative punctului material, Cinematica rigidului i a sistemelor de rigide, Dinamica rigidului i a sistemelor de rigide, Elemente de mecanic analitic. Primele apte capitole conin cte un scurt Rezumat de teorie pentru nelegerea problemelor rezolvate i care sunt n acord cu Programa analitic a cursului de Mecanic predat studenilor n anul I i II la facultile tehnice.
S-au prezentat cinci algoritmi de rezolvare a unor probleme de Static cu ajutorul programului Microsoft EXCEL, cu cte un exemplu concret pentru fiecare caz .
Unele aplicaii sunt inspirate din practica inginereasc, altele au fost create de autori de-a lungul anilor, ca subiecte de examen. Acestea au un grad de dificultate mediu, fiind accesibile studenilor din anii I i II de la profilurile mecanic, metalurgic, electric, etc. Forma de prezentare clar pune n eviden experiena n activitatea cu studenii, fiecare capitol fiind bine fundamentat i uor de asimilat.
Aceast culegere este rezultatul colaborrii fructuoase dintre doi autori de formaii diferite: un matematician i un inginer mecanic. Autorii sper c prezentarea sub aceast form a problemelor i a temelor aplicative va fi util att pentru pregtirea examenului de Mecanic (pentru studenii anilor I i II) precum i pentru toi cei interesai n rezolvarea unor aplicaii practice de Mecanic. Autorii doresc s mulumeasc tuturor studenilor i colegilor pentru observaiile, sugestiile, adugirile pe care le-au adus n timp i care au contribuit la apariia lucrrii sub aceast form.
De asemenea mulumim clduros sponsorilor care au contribuit la apariia acestei ediii, i pe care i asigurm att de recunotina noastr ct mai ales de cea a beneficiarilor acestei lucrri. Trgovite Autorii
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
7
CAPITOLUL I STATICA PUNCTULUI MATERIAL
REZUMAT DE TEORIE a. Mrimi scalare i vectoriale n Mecanica teoretic se opereaz cu mrimi scalare (de exemplu: masa, timpul, lungimea, etc) i cu mrimi vectoriale (de exemplu: fora, momentul unei fore n raport cu un punct, cuplul de fore, viteza, acceleraia, impulsul, momentul cinetic, etc).
Vectorul este o entitate matematic caracterizat prin: punct de aplicaie, direcie (suport), sens (orientare) i mrime (scalar, modul)
n funcie de punctul de aplicaie se deosebesc: vectori liberi care au punctul de aplicaie oriunde n spaiu i sunt
caracterizai de trei parametri scalari independeni (respectiv, proieciile vectorului pe cele trei axe de coordonate);
vectori alunectori -au punctul de aplicaie situat pe o dreapt din spaiu i sunt caracterizai de cinci parametri scalari independeni (respectiv, proieciile vectorului pe cele trei axe de coordonate i coordonatele punctului de intersecie al suportului su cu planul Oxy);
vectori legai - au punctul de aplicaie fix n spaiu i sunt caracterizai de ase parametri scalari independeni (respectiv proieciile vectorului pe cele trei axe i coordonatele punctului de aplicaie).
b. Expresia analitic a unui vector liber i a unui versor Se consider un sistem cartezian de axe Oxyz avnd versorii k,j,i
pentru care se cunosc proieciile ax, ay, az , ale vectorului pe cele trei axe. Expresia analitic a vectorului a este:
kajaiaa zyx ++= . (1) Mrimea vectorului a este prin definiie numrul pozitiv notat cu :
222 zyx aaaaa ++== (2) Cosinuii directori ai unghiurilor vectorului a cu direciile celor 3 axe sunt:
aa)k,acos(;
aa
)j,acos(;aaa
aaa)i,acos( zy
zyx
xx ==++== 222 (3)
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
8
Versorul vectorui a este prin definiie un vector unitar, avnd mrimea egal cu 1, aceeai direcie i sens cu vector a :
kaaj
aa
iaa
aauavers zyxa ++=== (4)
Un vector poate fi definit prin cele dou extremiti ale sale avnd
coordonatele A(xA,yA,zA) i B(xB,yB,zB), i are expresia analitic:
k)zz(j)yy(i)xx(AB ABABAB ++= (5) Expresia analitic a versorului vectorului AB conform (4) este:
222 )zz()yy()xx(k)zz(j)yy(i)xx(
ABABABvers
ABABAB
ABABAB
++++== (6)
Observaie n cazul rigidului supus la legturi, reaciunile sunt necunoscute ale
problemei (deoarece nu se cunoate mrimea i sensul lor): pentru rezolvarea problemei se alege un sens oarecare ale reaciunii; dac din calcul rezult un numr pozitiv, atunci sensul ales este corect; dac din calcul rezult un numr negativ, sensul real este opus celui ales.
c. Produsul scalar a doi vectori. Proiecia unui vector pe o ax Dndu-se un sistem de axe cartezian Oxyz i vectorii a i b avnd
expresiile analitice: kajaiaa zyx ++= , kbjbibb zyx ++= , se definete produsul scalar al celor doi vectori , numrul (pozitiv sau negativ):
)b,acos(baba = (7) Expresia analitic a produsului scalar este:
yzyyxx babababa ++= (8)
z
O y
x
ak
j
i
a)
z
A
O
y
x
k a
jiax
ay
az
b) Fig.1.1
z
O y
x
ak
ji
c)
A(xA,yA,zA)
B(xB,yB,zB)
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
9
Cu ajutorul produsului scalar se poate exprima cosinusul unghiului dintre cei doi vectori ; din relaiile (7) i (8) rezult:
222222zyxzyx
zzyyxx
bbbaaabababa
abba)b,acos( ++++
++== (9)
Cu ajutorul produsului scalar se poate exprima analitic proiecia unui vector a , pe o direcie orientat avnd versorul:
kcosjcosicosu ++= , (10) astfel:
++=== cosacosacosauaapra zyxu (11) innd seama expresia (11), proiecia vectorului kajaiaa zyx ++= pe direcia vectorului kbjbibb zyx ++= se scrie :
b
bababauaapra zzyyxxbbb
++=== (12)
d. Produsul vectorial a doi vectori, a produsului mixt i a produsului dublu vectorial a trei vectori
Se consider un sistem cartezian de axe Oxyz i vectorii a i b avnd expresiile analitice: kajaiaa zyx ++= i respectiv kbjbibb zyx ++= . Se definete produsul vectorial al celor doi vectori bac = , un vector avnd urmtoarele caracteristici: mrimea sau modulul egal cu aria paralelogramului format din cei doi vectori
a i b : )b,asin(bac = direcia - perpendicular pe planul paralelogramului format din cei doi
vectori a ib : )b,a(c (fig.1.2). sensul - dat de regula burghiului drept sau triedrul format din cei trei vectori
a , b i c (fig.1.2). Fig.1.2
bc
a
O
Fig.1.3
bc
aO
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
10
Produsul vectorial a doi vectori a i b are expresia analitic:
k)baba(j)baba(i)baba(c
:sau,bbbaaakji
bac
xyyxzxxzyzzy
zyx
zyx
++=
== (13)
Produsul mixt a trei vectori a , b i c este prin definiie produsul scalar dintre vectorul a i vectorul ( cb ):
( ) ( )zyx
zyx
xxx
cccbbbaaa
c,b,acba == (14)
Produsul mixt respect urmtoarea regul (a permutrilor circulare): ( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( )b,a,ca,c,bc,b,asaubacacbcba
====
(15)
Produsul mixt reprezint volumul paralelipipedului avnd ca muchii concurente ntr-un vrf, pe cei trei vectori (fig. 1.3)
Produsul dublu vectorial a trei vectori a , b i c este prin definiie produsul vectorial dintre vectorul a i vectorul ( cb ) i se determin cu ajutorul formulei:
( ) c)ba(b)ca(cba = (16)
1.1 OPERAII CU VECTORI PROBLEME REZOLVATE 1.1.1 Se consider vectorii avnd urmtoarele expresii anlitice fa de un
sistem de axe Oxyz: jic;kjb;kjia +=+=+= 24532 Se cere s se calculeze:
)ba(c);ba(c);b,acos(;ba;ba;apr;ba b Problema s-a rezolvat folosind relaiile prezentate n rezumatul de teorie
cu ajutorul programului Microsoft-Excel conform algoritmului prezentat n continuare.
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
11
ALGORITMUL DE CALCUL PENTRU PROGRAMUL MICROSOFT EXCEL I REZULTATELE OBINUTE PENTRU PROBLEMA 1.1.1
DATE DE INTRARE DATE DE IEIRE A B C D E F G H I J K L M
Nr. ax ay az bx by bz cx cy cz a b c ba 0 SQRT(A1^2+
B1^2+C1^2) SQRT(D1^2+ E1^2+F1^2)
SQRT(G1^2+ H1^2+I1^2)
A1*D1+ B1*E1+ C1*F1
1 2 -1 3 0 5 4 -2 1 0 3,7416 6,4031 2,2361 7
N O P R S
aprb
( )xba ( )yba ( )zba ba A1*D1/K1+B1*E1/K1
+C1*F1/K1=M1/K1 B1*F1-C1*E1 C1*D1-A1*F1 A1*E1-B1*D1 SQRT(O1^2+
P1^2+R1^2)
1,0932 -19 -8 10 22,9129
T U V W X
)b,acos( ( )bac ( )[ ]xbac ( )[ ]ybac ( )[ ]zbac M1/(J1*K1) G1*O1+H1*P1+I1*R1 H1*R1-I1*P1 I1*O1-G1*R1 G1*P1-H1*O1
0,2922 30 10 20 35
Conform rezultatelor din tabel, mrimile cerute sunt:
( ) kjibac;)ba(c
;,)b,acos(
;,ba
;kjiba
;,apr;ba b
35201030
29220
912922
10819
093217
++===
=+=
==
1.1.2 Se consider punctele A1(1,-2,3), A2(2,4,1), A3(4,5,6). Se cere:
s se exprime analitic vectorii ,AAsiAA 3221 produsul lor scalar al vectorilor ,AAsiAA 3221 s se calculeze unghiurile celor doi vectori.
Problema s-a rezolvat folosind relaiile prezentate n rezumatul de teorie cu ajutorul programului Microsoft-Excel, conform algoritmului prezentat n continuare.
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
12
ALGORITMUL DE CALCUL PENTRU PROGRAMUL MICROSOFT EXCEL I REZULTATELE OBINUTE PENTRU PROBLEMA 1.1.2
DATE DE INTRARE DATE DE IEIRE
A B C D E F G H I J K L
Nr. xA1 yA1 zA1 xA2 yA2 zA2 xA3 yA3 zA3 x)AA( 21 y)AA( 21 z)AA( 21
0 D1-A1 E1-B1 F1-C1
1 1 -2 3 2 4 1 4 5 6 1 6 -2
M N O P R S T
x)AA( 32 y)AA( 32 z)AA( 32 21AA 32AA 3221 AAAA COS G1-D1 H1-E1 I1-F1 SQRT(J1^2+K1^2+
L1^2) SQRT(M1^2+N1^2
+ O1^2) J1*M1+K1*N1+
L1*O1 S1/(P1*R1)
2 1 5 6,4031 5,4772 -2 -0,057
Conform rezultatelor din tabel, expresiile analitice ale celor doi vectori, produsul lor scalar i unghiul dintre vectori, conform rezultatelor din tabel sunt:
05702
5226
3221
3221
,cos;AAAA
kjiAA;kjiAA
==++=+=
PROBLEME PROPUSE Acelai enun ca la probleme 1.1.1 pentru vectorii: 1.1.3. jic;kjb;kjia =+=+= 2432 1.1.4. kjic;kjib;kjia 22432 ++=++== 1.1.5. jic;kjb;kia 4253 +=+=+= 1.1.6. kjic;kjib;ia +=++== 24542 1.1.7. jic;kjb;kjia ==++= 24532 1.1.8. kjic;kjb;kjia 4626392 +=+=+= Acelai enun ca la probleme 1.1.2 pentru punctele: 1.1.9. A1(0,1,3), A2(2,4,6), A3(-4,5,8). 1.1.10. A1(1,-5,3), A2(2,4,-4), A3(4,5,0). 1.1.11. A1(1,-2,0), A2(7,4,-1), A3(4,0,6). 1.1.12. A1(1,-6,3), A2(8,0,1), A3(0,5,6).
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
13
1.2 REDUCEREA FORELOR CONCURENTE COPLANARE PROBLEME REZOLVATE
1.2.1. Se consider un punct material asupra cruia acioneaz un sistem de 4 fore coplanare { } 41,..iiF = ( fig. 1.2.1.a) avnd modulele i direciile fa de Ox date de:
332
232
428 44332211
======== ,FF;,FF;,FF;,FF Se cere s se determine rezultanta celor patru fore (ca mrime, direcie i sens).
Rezolvare: Pentru a determina rezultanta celor patru fore din fig. 1.2.1.a se aplic
teorema proieciilor pe axele sistemului Oxy: mrimea proieciei rezultantei dup cele dou direcii Ox i Oy este egal suma mrimilor proieciilor forelor:
FsinFsinFsinFsinFYY
F)(cosFcosFcosFcosFXX
ii
ii
2324
36324
4321
4
1
4321
4
1
=
+
++==
+=
+
++==
=
=
Expresia anlitic a rezultantei celor trei fore i mrimea ei sunt date de:
jFiF)(jYiXR 236 ++=+= ; 3124322 +=+== FYXRR
Direcia i sensul rezultantei sunt date de mrimea unghiului R pe care aceatsa l face cu axa Ox (fig 1.2.1.b) :
050214258036
2 ,;,XYtg RR ==+==
F1 R
y
R
F3
Fig. 1.2.1.b
F2
F4
O x
F1 y
4
1
F3
Fig. 1.2.1.a
F2
F4
O x
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
14
1.2.2 Asupra unui punct material O acioneaz forele concurente i coplanare { } 4,..1iiF = avnd mrimile, direciile i sensurile din fig.S1.2.2. Se cunosc:
422
236
26
34
4433
2211
====
====
;FF;,FF
,FF;,FF
Se cere: Expresia analitic a rezultantei forelor i unghiul pe care l face aceasta cu axa Ox .
Rspuns: 6
232== R;jPiPR
Problema s-a rezolvat i cu ajutorul programului Microsoft-Excel, conform algoritmului prezentat n continuare.
ALGORITMUL DE CALCUL PENTRU PROGRAMUL
EXCEL I REZULTATE OBINUTE PENTRU PROBLEMA 1.2.2 DATE DE INTRARE
A B C D E F G H
Nr. F1/F F2/F F3/F F4/F 1 2 3 4 0
1 6,9292 2 6 2,8284 /6 3/2 -/4 DATE DE IESIRE
J K L M N
X/F Y/F R/F tg R R (rad) A1*cosE1+B1*cosF1+ C1*cosG1+D1*cosH1
A1*sinE1+B1*sinF1+ C1*sinG1+D1*sinH1
SQRT (J1^2+K1^2) K1/J1 arctgM1
3,4641
( 32 )
-2 4 -0,5773 -0,5236
(-/6)
F1y
4 1
F3
Fig. 1.2.2.
F2
F4
O x
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
15
1.3 REDUCEREA FORELOR CONCURENTE SPAIALE PROBLEME REZOLVATE
1.3.1. Asupra unui punct material M acioneaz un sistem de 4 fore concurente { } 41,..iiF = avnd modulele: FF,FF,FF,FF 543735102 4321 ==== i direciile date de muchiile sau diagonalele unui paralelipiped dreptunghic ca n fig. S1.3.1(MO) ; se cunosc: OA=a, OC=2a, OO'=6a. Se cere s se determine rezultanta forelor (mrimea, direcia i sensul).
Rezolvare: Expresiile analitice ale celor patru
fore fa de sistemul de referin Oxyz ales (MO) sunt:
kFjFzyx
kzjyixF
COversFFversFF
ccc
ccc 32102222
1111
+=++++=
===
kFOOversFFversFF 52222 ===
kFiF)a(a
kaiaFAOversFFversFF 1836
6373223333
+=++===
jFiF)a(a
jaiaFOBversFFversFF 842254
224444+=+
+===
Expresia analitic a rezultantei este:
kFjFiFFRi
i 291074
1++==
=
Proieciile rezultantei pe axele sistemului de coordonate Oxyz sunt: X=7F, Y=10F, Z=29F.
Mrimea rezultantei este dat de:
FZYXRR 1103222 =++== . Direcia i sensul rezultantei este dat de unghiurile pe care le face cu
axele sistemului de coordonate:
0
0
0
827229210469713180145772220
,;,cos,;,cos,;,cos
RR
RR
RR
======
C z
B
F2
F3 F1
F4
Fig.1.3.1
A
A
C
O
MO yx B
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
16
PROBLEME PROPUSE 1.3.2. Asupra unui punct material M acioneaz forele concurente { } 41,..iiF = avnd mrimile: FF,FF,FF,FF 6734132683 4321 ==== . direciile i sensurile fiind date de muchiile sau diagonalele paralelipipedului dreptunghic din fig. 1.3.2 (MO); se cunosc: OA=3a, OC=8a, OO'=2a. Se cere expresia analitic a rezultantei forelor i unghiurile pe care l face aceasta cu axele de coordonate.
;,;,;,;F,R;kFjFiFR RRR000 78374270238257295960165618 ====++=
1.3.3. Acelai enun ca la problema 1.3.2 (fig. 1.3.3) cu datele: FF,FF,FF,FF 1334429 4321 ==== , OA=3a, OC=2a, OO'=5a.
0004
1252272857560467748151446 ,,,,,;F,R;kFjFiFFR RRRi
i====++==
=
Problema 1.3.2 s-a rezolvat i cu ajutorul programului Microsoft-Excel, conform algoritmului prezentat n continuare.
Cz
BF4 F2
F1
F3
Fig. 1.3.2
A
A C
O
MOy
x B
C z
B
F2F3
F1
F4
Fig. 1.3.3
A
A
C
O
y
x B
MO
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
17
ALGORITMUL DE CALCUL PENTRU PROGRAMUL MICROSOFT EXCEL PENTRU PROBLEMA 1.3.2
DATE DE INTRARE
A B C D E F G H I J K L M
Nr. x1/a y1/a z1/a x2/a y2/a z2/a x3/a y3/a z3/a x4/a y4/a z4/a F1/F
1 0 8 2 3 0 2 3 8 0 0 0 2 24,74
DATE DE IESIRE N O P Q R S
F2/F F3/F F4/F (versF1)x (versF1)y (versF1)z A1/[SQRT(A1^2+
B1^2+C1^2)] B1/[SQRT(A1^2+
B1^2+C1^2)] C1/[SQRT(A1^2+
B1^2+C1^2)]
7,2111 34,1760 6 0 0,9701 0,2425
T U V W X Y
(versF2)x (versF2)y (versF2)z (versF3)x (versF3)y (versF3)z D1/SQRT(D1^2
+E1^2+F1^2) E1/SQRT(D1^2+E
1^2+F1^2) F1/SQRT(D1^2+E
1^2+F1^2) G1/[SQRT(G1^2+
H1^2+I1^2)] H1/[SQRT(G1^2+
H1^2+I1^2)] I1/[SQRT(G1^2+
H1^2+I1^2)]
0,8320 0 0,5547 0,3511 0,9363 0
Z AA AB AC AD AE
(versF4)x (versF4)y (versF4)z X/F Y/F Z/F J1/SQRT(J1^2+
K1^2+L1^2) K1/SQRT(J1^2+K
1^2+L1^2) L1/SQRT(J1^2+
K1^2+L1^2) M1*Q1+N1*T1+ O1*W1+P1*Z1
M1*R1+N1*U1+ O1*X1+P1*AA1
M1*S1+N1*V1+ O1*Y1+P1*AB1
0 0 1 18 56 16
AF AG AH AI
R/F R R R SQRT(AC1^2+AD1^2+
AE1^2) arccos(AC1/AF1) arccos(AD1/AF1) arccos(AE1/AF1)
60,959 72,8250 23,2700 74,7830
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
18
1.4. STATICA PUNCTULUI MATERIAL REZUMAT DE TEORIE
a. Principiul paralelogramului Fiind date dou fore 21 FsiF care acioneaz asupra unui punct material liber A, principiul paralelogramului postuleaz c efectul celor dou fore este acelai cu al unei fore rezultante R , care este diagonala mare a paralelogramului avnd ca laturi forele 21 FsiF (fig. 1.4.1)
Sunt valabile urmtoarele relaii:
==
+=++=+=
sinF
)sin(F
sinR
;cosFF
sinFtg;cosFFFFR;FFR
21
21
221
22
2121 2
b. Teorema proieciilor Fiind dat un sistem de fore,
concurente ntr-un punct O din spaiu, { } n,....iiF 21= acesta se reduce (sau este echivalent) n punctul O cu o for rezultant R , care se obine aplicnd succesiv principiul paralelogramului
enunat mai sus: =
= ni
iFR1
.
Dac se noteaz cu Xi, Yi , Zi, proieciile unei fore oarecare Fi a sistemului i cu X, Y, Z proieciile forei rezultante R pe axele triedrului triortogonal drept Oxyz, atunci sunt valabile urmtoarele relaii:
.ZZ;YY;XXn
ii
n
ii
n
ii
======
111
Aceste relaii teorema proieciilor care se enun astfel: proiecia rezultantei pe o direcie oarecare este egal cu suma proieciilor tuturor forelor sistemului dup acea direcie. Sunt valabile urmtoarele relaii:
( ) ( ) ( )222222 ++=++=++=
iii ZYXZYXR
kZjYiXR
c. Axioma legturilor Dac asupra unui punct M din spaiu supus la legturi acioneaz un
sistem de fore { } n,....iiF 21= (a crui rezultant se noteaz cu aR ), conform axiomei
A F1
F2 R
Fig. 1.4.1
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
19
legturilor orice legturi geometrice pot fi ntotdeauna suprimate i nlocuite cu fore corespunztoare (a cror rezultant se noteaz cu legR ).
Din punct de vedere geometric punctul material poate fi considerat ca un punct material liber, iar din punct de vedere mecanic constrngerile au fost nlocuite cu fore de legtur.
Teorema echilibrului puctului material supus la legturi: condiia necesar i suficient pentru ca unpunct material s rmn n echilibru sub aciunea forelor exterioare i de legtur este ca rezultanta lor s fie nul:
;ZZ;YY;XXRR
legalegalega
lega
0000
=+=+=+=+
Din punct de vedere al naturii forelor de legtur, legturile punctului material pot fi legturi fr frecare(ideale) i legturi cu frecare (reale).
b. Echilibrul punctului material supus la legturi cu frecare Un punct material aflat pe o suprafa cu frecare nu va prsi poziia de repaus att timp ct rezultanata forelor aplicate se afl n interiorul conului de frecare (avnd axa dup normala la suprafa i unghiul la vrf 2) . Fora de frecare T respect urmtoarele legi ale frecrii uscate (legile lui COULOMB):
a. modulul forei de frecare maxT este proporional cu reaciunea normal N;
b. modulul maxT depinde de natura corpurilor i de starea suprafeelor de contact: maxT =N unde =tg este coeficientul de frecare de alunecare, iar este unghiul de frecare;
c. modulul maxT nu depinde de mrimea suprafeei de contact. Sensul forei de frecare de alunecare se opune totdeauna tendinei de deplasare.
PROBLEME REZOLVATE 1.4.1. Se consider o sfer M de greutate G care se reazem fr frecare pe un plan nclinat cu unghiul i este prins printr-un fir de un punct A ; firul face cu verticala unghiul ( vezi fig. 1.4.1.a). Se cere s se detremine mrimea reaciunii normale N i a tensiunii din fir S . Rezolvare:
Ecuaia vectorial de echilibru dup introducerea forelor de legtur (conform axiomei legturilor) se scrie :
0=++ NSG (a)
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
20
Alegnd axele Ox i Oy n mod convenabil (fig.1.4.1.b) i proiectnd pe acestea ecuaia vectorial de echilibru, se obin ecuaiile:
=+=
==
00
00
GcosSsinNsinScosN
YX
i
i (b)
nmulind, prima ecuaie cu cos i a doua cu sin i nsumndu-le membru cu membru se obine:
)cos(sinGN
= ; )cos(
cosGS = (c)
1.4.2. Se consider o bil de greutate G care se reazem pe suprafaa unei sfere de raz r, fiind legat cu un fir de lungime AM=l de punctul fix A aflat la distana AB =d , fa de suprafaa sferei (fig.1.4.2.a). Se cere mrimea tensiunii din fir S i a reaciunii N. Rezolvare:
Ecuaia vectorial de echilibru se scrie: 0=++ NSG (a) Dac se introduc unghiurile i i se aleg convenabil axele Ox i
Oy (ca n fig.S1.5.2.b) condiia de echilibru se scrie:
00
==
i
i
YX
=+
=+0
0GcosNcosS
sinNsinS (b)
Multiplicnd prima ecuaie (b) cu cos i a doua cu sin i nsumndu-le membru cu membru se obine:
)sin(sinGS;
)sin(sinGN +
=+= (c)
Fig. 1.4.2
A
d
B
rr
O
M
A
y
S N
x
GO b)a)
A
M
Fig. 1.4.1
b.
y
S N
x
G OM
a.
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
21
Din teorema sinusurilor aplicat n triunghiul OAM, avem:
rd)sin(
sin;rd
r)sin(
sin)sin(
rdsin
rsin +=+
+=+
++==
ll
deci se obine: rd
GS;rd
rGN +=+=l (d)
1.4.3. Se consider un inel M de greutate neglijabil care se reazem cu frecare (coeficientul de frecare fiind ) pe un semicerc de raz R. De inel sunt legate dou fire care trec fr frecare prin inelele fixe A1 i A2 (fig.1.4.3). La capetele firelor sunt legare dou corpuri de greuti G1 i G2 . Se cere s se determine raportul greutilor 21 G/G pentru ca inelul s rmn n repaus pentru un unghi dat. Rezolvare:
a) Se consider mai nti c inelul M are tendina de alunecare spre punctul A1 (fig. 1.4.3.b); se aleg ca axe de coordonate tangenta i normala la cerc n punctul M Ecuaia de echilibru se scrie:
021 =+++ NTSS ; (a)
sau n proiecii pe axe:
022
0
022
0
21
21
=+=
==
NcosSsinSY
TsinScosSX
i
i
(b)
Condiia fizic a frecrii este: NT . (c) Din ecuaiile (b) rezult:
2222 2121+== cosSsinSN;sinScosST (d)
A1 A2 r
O
G1G2
M
Fig.1.4.3.a
b.
x
y
r
/2
O
S1 S2
T N Tendinta de miscare
Fig. 1.4.3 c.
x
y
r
/2
O
S1 S2 T
N Tendinta de miscare
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
22
care introduse n (c) i innd seama c tensiunile din fir pentru cele dou ramuri ale firului au mrimile S1=G1 i S2=G2 , conduc la:
22
222
1
+
sincos
cossin
GG (e)
b. Se considr acum cealalt tendin de alunecare a inelului M spre punctul A2 (fig. 1.4.3.c), ecuaiile de echilibru se scriu analog cu cele din primul caz, schimbnd semnul din faa lui i sensul inegalitii (e)
22
222
1
+
sincos
cossin
GG (f)
Deci valorile pe care le poate lua raportul 21 G/G , sunt cuprinse n intervalul:
22
22
22
222
1
+
+
sincos
cossin
GG
sincos
cossin, (g)
care se mai scrie sub forma:
+
22 2
1 tgGGtg (h)
1.4.4. Se consider un inel M de greutate neglijabil care se reazem cu frecare pe un cerc de raz r. De inel sunt legate dou fire care trec prin dou inele fixe n A1 i A2 fr frecare. La capetele firelor sunt legate dou corpuri de greuti G1 i G2 (ca n fig.1.4.4.a). Se cere raportul 21 G/G pentru ca punctul M s rmn n repaus n poziia dat de unghiul , dac se consider cunoscute coeficientul de frecare i .
Rezolvare: 1. Se consider mai nti c inelul M are tendina de alunecare spre punctul A1 (fig. 1.4.4.b); se aleg ca axe de coordonate tangenta i normala la cerc n punctul M Ecuaia de echilibru se scrie:
021 =+++ NTSS ; (a) Fig. 1.4.4.a
A1
A2
r
O
G1
G2 M
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
23
sau n proiecii pe axe:
0242
0
0242
0
21
21
=+=
==
N)sin(SsinSY
T)cos(ScosSX
i
i
(b)
condiia fizic a frecrii: NT , (c) nlocuind n (c) expresiile lui N i T rezulatate din ecuaiile (b) avem:
+ )sin(SsinS)cos(ScosS242242 2121
(d)
i innd seama c tensiunile din fir pentru cele dou ramuri ale firului au mrimile: S1=G1 i S2=G2 se obine:
22
24242
1
+
sincos
)sin()cos(
GG (e)
b) Se consider cealalt tendin de alunecare a inelului M (spre A2, fig.1.4.4.c), ecuaiile de echilibru se scriu analog, obinndu-se, prin schimbarea semnului din faa lui i a sensului inegalitii (e) relaia:
22
24242
1
+
sincos
)sin()cos(
GG (f)
Condiia final de echilibru deci se scrie:
22
2424
22
24242
1
+
+
sincos
)sin()cos(
GG
sincos
)sin()cos( (g)
sau forma echivalent: ( )( )( )
( )+
+2
242
24
2
1
/cos//cos
GG
/cos//cos (h)
Fig. 1.4.4.b.
x
y
r
/2
/4-/2
O
S1 S2
A2
A1
T N OM
Tendina de miscare
c.
x
y
r
/2
/4-/2
O
S1 S2
A2
A1
T N
Tendina de miscare
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
24
1.4.5. Culisa M de greutate G1 se poate deplasa cu frecare pe bara vertical OB, coeficientul de frecare de alunecare fiind cunoscut: Culisa este legat de greutatea G2 prin intermediul unui fir i a unui scripete fr frecare A. Se cunosc: AB = a i BM = h (fig.1.4.5.a). Se cere greutatea G2 pentru ca echilibrul s aib loc n poziia din figur.
Rezolvare:
a) Fa de sistemul de axe Oxy, pentru tendina de deplasare a culisei n jos (fig. 1.4.5.b) forele care acioneaz asupra culisei sunt indicate n figur; ecuaiile de echilibru n proiecii pe cele dou axe se scriu:
=+=
==
00
00
12
2
GcosGTsinGN
YX
i
i (a)
NT , condiia fizic a frecrii (b) innd seama c tensiunea din fir este S2=G2, rezult:
+ sincosGG 12 (c)
b) Pentru tendina de deplasare n sus a culisei (fig. 1.4.5.c) fora de frecare T acioneaz n sens invers fa de primul caz, ecuaiile de echilibru se scriu analog cu cele din primul caz, schimbnd n relaia (c) semnul din faa lui i sensul inegalitii: sincos
GG 12 (d)
Condiia final de echilibru se scrie:
+ sincosGG
sincosG 1
21 (e)
sau sub forma echivalent:
BA
G1
G2
M
Fig. 1.4.5.a
Tendina de alunecare
G1
S2N
T M
b.
y
x
c.
G1
S2 NT
M
y
x
O O
Tendina de alunecare
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
25
1
22
21
22
GahhaGG
ahha
+++ (f)
PROBLEME PROPUSE
1.4.6. Se consider un inel M de greutate neglijabil care se reazem cu frecare ( coeficientul de frecare) pe un semicerc de raz R. De inel sunt legate: un corp de greutate G3 i dou fire care trec fr frecare peste inelele fixe A1 i A2 (fig.1.4.6). La capetele firelor sunt legate dou corpuri de greuti G1 i G2 . Se cere raportul greutilor 21 G/G pentru ca inelul s rmn n repaus pentru unghiul dat. 1.4.7. Se consider un inel M de greutate neglijabil care se reazem cu frecare ( coeficientul de frecare) pe un sfert de cerc de raz R. De inel sunt legate: un corp de greutate G3 i dou fire care trec fr frecare peste inelele fixe A1 i A2 (fig.1.4.7). La capetele firelor sunt legate dou corpuri de greuti G1 i G2 . Se cere raportul greutilor 21 G/G pentru ca inelul s rmn n repaus pentru unghiul dat. 1.4.8. Se consider un inel M de greutate neglijabil care se reazem cu frecare (1 coeficientul de frecare) pe un sfert de cerc de raz R. De inel sunt legate dou fire care trec fr frecare peste inelele fixe A1 i A2 . La capetele firelor sunt legate dou corpuri de greuti G1 i G2 , firul care susine corpul de greutate G2 fiind trecut cu frecare (2 coeficientul de frecare) peste un cilindru fix (=/2)(fig.1.4.8). Se cere raportul greutilor 21 G/G pentru ca inelul s rmn n repaus pentru unghiul dat.
Fig. 1.4.6
R
O
G2M
G1
G3
A2 A1
Fig. 1.4.7
R
O
G2
MG1
G3
A1
A2
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
26
1.4.9. Se consider un inel M de greutate neglijabil care se reazem cu frecare (1 coeficientul de frecare) pe un sfert de cerc de raz R. De inel sunt legate dou fire care trec fr frecare peste inelele fixe A1 i A2 . La capetele firelor sunt legate dou corpuri de greuti G1 i G2 , firul care susine corpul de greutate G2 fiind trecut cu frecare (2 coeficientul de frecare) peste un cilindru fix (=/2)(fig.1.4.9). Se cere raportul greutilor 21 G/G pentru ca inelul s rmn n repaus pentru unghiul dat.
Fig. 1.4.8
R
O
G1 MG2
1
A2 A1
2
Fig. 1.4.9
R
O
G2
M
A1
A2
G1
2
1
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
27
CAPITOLUL II REDUCEREA FORELOR
APLICATE SOLIDULUI RIGID
REZUMAT DE TEORIE a. Momentul unei fore n raport cu un punct
O noiune foarte important utilizat n Mecanica corpului rigid este aceea de moment al unei fore F fa de un punct oarecare O (fora F este aplicat ntr-un punct oarecare A din spaiu O A) care se definete prin :
FOA)F(M O = Din definiia produsului vectorial dat n capitolul I , rezult c
momentul unei fore F fa de un punct O, este un vector aplicat n punctul O, perpendicular pe vectorii FsiOA , sensul su fiind determinat de sensul de rotaie al lui F , dup regula urubului drept iar mrimea sa dat de:
dFsinFOA)F(M O == unde: este ungiul dintre FsiOA iar d este distana de la punctul O la suportul forei F (braul forei, vezi fig. SB2.1).
Dac punctul O este originea sistemului cartezian de axe, punctul A are coordonatele A(x,y,z) iar expresia analitic a forei este: kZjYiXF ++= , atunci expresia analitic a momentului forei F fa de O este:
k)yXxY(j)xZzX(i)zYyZ(ZYXzyxkji
FOA)F(M O ++===
Componentele lui )F(M O : yXxYN;xZzXM;zYyZL === , reprezint momentul forei F fa de cele trei axe Ox, Oy, Oz (aa cum rezult din paragraful urmtor).
b. Momentul unei fore n raport cu o ax oarecare
A O
d
)F(MO F
Fig.SB2.1
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
28
O alt noiune important utilizat n Mecanica corpului rigid este aceea de moment al unei fore F fa de o ax , care se definete ca proiecia momentului forei F fa de un punct, care aparine axei , pe aceast ax:
ZYXzyxcba
)FOA()F(M
)F(M)F(Mpr)F(M OO
==
==
unde: kcjbiavers ++== Se observ c dac coincide cu axa Ox: iversOx == momentul forei F n raport cu axa Ox este: LzYyZM Ox == . Analog: ;NyXxYM;MxZzXM OzOy ====
c. Torsorul de reducere al unui sistem de fore ntr- un punct Dac se consider o for iF aplicat ntr-un punct Ai al unui rigid, efectul acestei fore este acelai cu efectul celor dou elemente de reducere a forei ntr-un punct O: fora iF i momentul forei n raport cu punctul O )F(M iO :
Oinaplicate
)F(MF
AinaplicataF
iO
i
ii
Dac se consider un sistem de fore iF aplicate n punctele (Ai)i=1,2,n i se face reducerea pentru fiecare for a sistemului n punctul O , prin nsumarea forelor i momentelor concurente rezultate se obine un sistem echivalent cu sistemul dat format din dou elemete (fig.SB2.3):
- Rezultanta: =
= ni
iFR1
- Momentul rezultant:
==
== ni
ii
n
iiOO FOA)F(MM
11.
A O
)F(MO F
Fig.SB2.2
)F(M
An O OM
1F
Fig.SB2.3
A1
2F
iF
nF
Ai A2
R
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
29
Perechea format din OMsiR se numete torsorul de reducere al
sistemului de fore n punctul O: O. d. Torsor minimal. Axa central
Dac se consider un alt punct O' n care se face reducerea sistemului de fore
(O'O) rezultanta =
= ni
iFR1
nu se
modific (primul invariant) iar momentul rezultant se modific conform relaiei:
R'OOMRO'OMM OO'O =+= Deci torsorii de reducere n O i O' se scriu:
=
R'OOMMR
:;MR
:O'O
'OO
O
Dac se nmulete scalar relaia de mai sus cu R , se obine: ctRMRM O'O == ; constanta acesta se numete trinomul invariant (al doilea
invariant). Dac se mparte trinomul invariant la modulul rezultantei se obine proiecia momentului rezultant pe direcia rezultantei:
R/RMM OR = Pentru anumite puncte de reducere din spaiu, torsorul de reducere este format din doi vectori coliniari )M;R( R i se numete torsor minimal:
= R
RR
RMM;R: ORmin
Ax central reprezint locul geometric al punctelor din spaiu unde fcnd reducerea sistemului de fore, rezultanta i momentul rezultant sunt doi vectori coliniari; axa central este dat de ecuaiile:
Z
yXxYNY
xZzXMX
zYyZL +=+=+ sau sub forma parametric:
+=+=+=
+=2
2
2
2
R/)YLXM(ZzR/)XNZL(YyR/)ZMYN(Xx
RR
MR o
An
O OM
1F
Fig.SB2.3
A1
2F
iF
nF
Ai A2
R
OM
R
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
30
2.1. REDUCEREA SISTEMELOR DE FORE COPLANARE PROBLEME REZOLVATE
2.1.1. Asupra cadrului dreptunghiular din figura 2.1.1.a avnd laturile
OA=a, OC=2a, acioneaz forele coplanare: F1=F2= F2 nclinate cu unghiul 4/= i F3 = 2F ca n fig. 2.1.1.a. Se cer : 1) Torsorulul de reducere n punctul O. 2) Ecuaia suportului rezultantei R , prin tieturi.
Rezolvare : 1) Se scriu expresiile analitice ale vectorilor fore:
iFiFF
)ji(Fj)sinF(i)cosF(F)ji(Fj)sinF(i)cosF(F
233222
111
==+=+=
+=+= (a)
Rezultanta sistemului este: jFiFRFR ii 223
1+== = (b)
Momentul rezultant fa de O este: (c)
kaFM)iF()jaia(
FFaa
kji)ji(FjaM
FOBFODFOC)F(MM ii
320
022 00
3210
3
10
=++
++=
++== =
Torsorulul de reducere n punctul O este deci:
=======+=
aFN;MLkaFMZ,FY;FXjFiFR
30302222
0
(d)
F1
y
D C
F2
B
x O
A
Fig. 2.1.1.a
F3
a
a
a
y
D C
xOMOA
R
R
Fig. 2.1.1.b
Axa central\
Q (0, 3a/2)
P (3a/2,0)
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
31
2) Ecuaia axei centrale: Z
yXxYNY
xZzXMX
zYyZL +=+=+ pentru valorile de mai sus se scrie:
==+== 0
23
0223
22
22
z
ayxFyFxaFFFz
FFz (e)
Axa central este o dreapt definit prin tieturile ei: P(3a/2,0) i Q(0,3a/2) (f)
Sistemul de fore este echivalent cu torsorul )M,R( O de reducere n punctul O, sau sistemul de fore este echivalent cu o rezultant unic R situat pe axa central (ntruct n acest caz: 00 00 == MRsau,MR ).
2.1.2. Se consider o plac dreptunghiular avnd laturile OA =2a, OC=4a (fig. 2.1.2.) asupra creia acioneaz un cuplu n O i 4 fore coplanare respectiv n A1, A2, A3, A4 nclinate cu: ==== 4321 440 ;/;/; i avnd modulele date: aFM 4= ;FF;FF 2221 == ;FF 233 =
FF 44 = . Se cere : 1) Torsorul de reducere n punctul O. 2) Ecuaia axei centrale prin tieturi (xP, yQ) 3) Cu ce este echivalent sistemul?
Rezolvare 1. Expresiile analitice ale forelor, cuplului
1M i momentelor fa de O sunt:
( )kXyYx)F(M;kMM
j)sinF(i)cosF(F
;jYiXF
PppppO
ppppp
pPp
==
+=+=
11
(a)
Introducnd valorile rezult:
kaFM;kaF)F(M;kaF)F(M;)F(M;)F(MiFF;jFiFF;jFiFF;iFF
OOOO 48150043322
14321
4321
=======+==
(b)
2
3
F1
y
C
F2
B
xO A
Fig. 2.1.2
F3
a
2a
2a
a
F4A4
A1
A2
2a
2a
A3
M1
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
32
Rezultanta sistemului este prin urmare:
FsinFYFcosFXFR pppppppp ===== ===4
1
4
1
4
12 (c)
Momentul rezultant fa de O este:
kaFM)F(MM pOpO 314
1=+= = (d)
2. Ecuaia axei centrale pentru sistemul de fore dat este: 0=+ yXxYN : x+2y=3a (e)
Axa central este definit prin tieturile (fig S2.2.2.a): P(N/Y,0) xP=3a; yP=0 si Q(0,-N/X) xQ=0; yQ=3a/2; (f)
3. Sistemul de fore este echivalent cu torsorul de reducere n punctul O: )M,R( O sau cu o rezultant unic R situat pe axa central (ntruct n
cazul unui sistem coplanar de fore: 00 00 == MRsau,MR ).
PROBLEME PROPUSE Se consider placa plan avnd forma i dimensiunile din figur (fig. 2.1.3 ...2.1.6.) asupra creia acioneaz un cuplu i 4 fore coplanare respectiv n A1, A2, A3, A4 nclinate avnd modulele i direciile date. Se cere : 1) Torsorul de reducere n punctul O; 3) Ecuaia axei centrale i trasarea ei prin tieturi ;
y
C B
xO A
Fig. 2.1.2.a
2a
4a
MO P(3a,0)
Q(0,3a/2) R
Axa central
R
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
33
x
A4
AA2
A3
O
y F2
F3
F1
F4
7a
4a a a
3a
a
Fig. 2.1.3 Date:
aFM
;FFF
;FF
;FF
4
2
3
2
1
43
2
1
===
==
450
M
O
2a
3a
A1
2a a
2a
y
Fig. 2.1.4
F1
F3
F4
Date:
FF;FF
FF
;FF
2
5
52
43
2
1
====
x
F2
A2
A3 A4
y
a
xO a A1 A3 A4
F4
F2
F1
F3
A2
Fig. 2.1.5 Date:
;FF
;FF;FFF
5
22
5
321
====
a
y
2p
Fig. 2.1.7
O
3a
4a
A1
x
F1
F2
p
Date:
;apF
;apF
2
5
2
1
==
F4e
F3e
A2
x
F1
O
A2 Fig. 2.1.8
p
2p
F2
4a
3a
3a
y
Date: ;apFF 521 ==
F4e
F3e
A1
Date:
;FF
;FF
;FF
;FF
3
22
2
4
3
2
1
====
a a
2a
A3 A4
F2
y
450
x
F3
O
F4
F1
Fig. 2.1.6
1350
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
34
REZULTATELE PROBLEMELOR PROPUSE Nr. probl. Torsorul n O
O Ecuaia axei centrale Punctele de inters. Ox
i Oy 0 1 3 4
2.1.3
=+=
kaFMjF,iF,R:
OO 12
4382 3,4x-2,8y=-12a P(-3.53a,0)
Q(0,4,29a)
2.1.4
=+=
kaFMjFiFR:
OO 2
33 3x-3y=2a P(2a/3,0)
Q(0,-2a/3)
2.1.5
=+=
kaFMjFiFR:
OO 4
23 2x+3y=4a P(2a,0)
Q(0,4a/3)
2.1.6
=+=
kaFMjFiFR:
OO
33 3x+3y=-a P(a/3,0)
Q(0,a/3)
2.1.7
==
kpaMjapiapR:
OO 2
3 x+3y=23a P(23a,0)
Q(0,23a/3)
2.1.8
=+=
kpa,MjapiapR:
OO 2511
45 4x-5y=-11,5a P(-2,875a,0)
Q(0,2,3a)
ALGORITMUL DE CALCUL UTILIZAT PENTRU PROGRAMUL EXCEL I REZULTATELE OBINUTE
Algoritmul de calcul n EXCEL pentru datele concrete ale problemei 2.1.2.
DATE DE INTRARE A B C D E F G H I J K L M
Nr. x1/a y1/a F1/F cos1 sin 1 x2/a y2/a F2/F cos2 sin 2 x3/a y3/a F3/F 1 1 0 1 1 0 2 2 2.8284 0.7071 0.7071 1 4 4.2426
DATE DE IEIRE N O P Q R S T U V W cos3 sin 3 x4/a y4/a F4/F cos4 sin 4 M4/aF X/F= Fi cosi /F
Y/F= Fi sini /F
C*D+H*I+ M*N+R*S
C*E+H*J+ M*O+R*T
0.7071 -0.7071 0 2 4 -1 0 4 2 -1
X Y Z AA AB AC AD AE xiFisini
/aF yiFi cosi
/aF Moz/aF =M1 +(xiFisini - yiFi cosi)/aF
xP/a yQ/a xJ/a yJ/a MJz/aF = (-xJ*Y+yJ*X)/aF
+Moz/aF A*C*E+F*H*J+ K*M*O+P*R*T
B*C*D+G*H*I+ L*M*N+Q*R*S
X - Y + U Z / W -Z / V -AC*W+AD*V+Z
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
35
1 8 -3 3 1.5 0 5 7 2.2. REDUCEREA SISTEMELOR DE FORE PARALELE
PROBLEME REZOLVATE 2.2.1 Se consider un cub de latur a asupra criua se apic un sistem de cinci fore paralele verticale 54321 F,F,F,F,F respectiv n punctele: A1 (a,0,0); A2 (0,a,0); )/a,,/a(A);,/a,/a(A);a,a,/a(A 2020222 543 ( vezi fig. 2.2.1.a). Forele au acelai modul: FFFFFF 254321 ===== . Se cere : 1) Torsorulul de reducere n O; 2) Ecuaia axei centrale; 3) Poziia centrului forelor paralele.
Rezolvare: 1) Expresiile analitice ale vectorilor i ale rezultantei acestora, sunt:
FZ;YXkFRkFFFF,kFFF
20222 54321=========
(a)
Expresia analitic a momentului rezultant este:
55443322110
5
10FAOFAOFAOFAOFAO)F(MM ii ++++== =
.N;aFM;aFLjaFiaFM 00 ==== (b) 2) Ecuaia general axei centrale se scrie:
===+= Rzayx
FFxFaFyFa
220
042
042 (c)
ntruct pentru toate sistemele de fore paralele avem ndeplinit condiia:
00 00 == MRsau,MR sistemul se reduce la o rezultant R situat pe axa central care este paralel cu forele (cu axa Oz). ( fig. 2.3.1.b).
z
F5
F2
F3
Fig. 2.2.1.a
A2
A3
A5 F4
A4
A1
F1
O y
x
a
a a
z
M0
R
Axa central\
O
R
Centrul vectorilor paraleli
C(a/2, a/2, 3a/2)
Fig. 2.2.1.b
yx
P(a/2,a/2,0) a
a
a
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
36
Centrul vectorilor for paraleli C (, , ) se determin cu ajutorul relaiilor:
ii
iii
ii
iii
ii
iii
F
zF,
F
yF,
F
xF5
5
5
5
15
5
1
=
=
= == (d)
nlocuind valorile corespunztoare, centrul vectorilor paraleli C are
coordonatele :
===2
3222
322
a,a,aCa,a,a (e)
2.2.2. Se consider un cub de latur 2a asupra criua se apic un sistem de 6 fore n centrele feelor cubului de latur 2a avnd direcia lui OBi , i=1,2,3,4 (fig. 2.2.2) de module:
;FF;FF;FF 32 321 ===FF;FF;FF 654
654===
Se cere : 1) Torsorulul de reducere n O; 2) Ecuaia axei centrale; 3) Centrul forelor paralele
Rezolvare:
1) Expresiile analitice ale vectorilor paraleli i ale rezultantei acestora, sunt: iiiiiii OBvers)cosF(ROBverscosFF == (a)
unde versorul direciei iOB se scrie: 222 )z()y()x(kzjyix
OBOBOBvers
BiBiBi
BiBiBi
i
ii ++
++==
Expresia analitic a momentului rezultant este:
)OBversAO(F)F(MM iiiiiO == = 05
1
2) Ecuaia axei centrale: Z
yXxYNY
xZzXMX
zYyZL +=+=+ 3) Centrul vectorilor for paralele C (, , ) se determin cu ajutorul relaiilor:
ii
iii
ii
iii
ii
iii
F
zF,
F
yF,
F
xF5
5
5
5
15
5
1
=
=
= == (b)
z
A2 F5
F2
Fig. 2.2.2
A3 A5
F6
A1
A4
F4 O
y x
F3
F1
A6
B1
B2
B3
B4
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
37
ALGORITMUL DE CALCUL UTILIZAT PENTRU PROGRAMUL EXCEL I REZULTATELE OBINUTE
DATE DE INTRARE A B C D E F G H I J
Nr. x1/a y1/a z1/a F1/F cos1 x2/a y2/a z2/a F2/F cos2 1 1 1 0 1 -1 1 1 2 2 1
K L M N O P Q R S T U
x3/a y3/a z3/a F3/F cos3 x4/a y4/a z4/a F4/F cos4 x5/a 0 1 1 3 1 2 1 1 4 -1 1
V W X Y Z AA AB AC AD AE AF AG
y5/a z5/a F5/F cos5 x6/a y6/a z6/a F6/F cos6 xB/a yB/a zB/a 0 1 5 1 1 2 1 6 -1 2 2 2
DATE DE IEIRE AH AI AJ AK AL
Fixicosi / aF Fiyicosi / aF Fizicosi / aF x= versOBx y=versOByA*D*E+F*I*J+K*N*O+P*S
*T+U*X*Y+Z*AC*AD B*D*E+G*I*J+L*N*O+Q*S*T+V*X*Y+AA*AC*AD
C*D*E+H*I*J+M*N*O+R*S*T+W*X*Y+AB*AC*AD
AE/SQRT(AE^ 2+ AF^2+AG^2)
AF/SQRT(AE^ 2+ AF^2+AG^2)
-8 -12 2 0,57735
AM AN AO AP AQ AR
z=versOBz R/ F = Ficosi/F
X/ F =
x.R /F Y/ F =
y.R /F Z/ F =
z.R /F MOx/aF =Z Fi yicosi/aF
-y Fi zi cosi/aF AG/SQRT(AE^2+AF^
2+AG^2) D*E+I*J+N*O+S*T+X*Y+AC*AD
AN*AK AN*AL AN*AM AM*AI - AL*AJ
0,57735 -1 -0,57735 -0,57735 -0,57735 -8,0829
AT AU AV AW AX AY
MOy/aF =x Fi zi cosi/aF-
-z Fi xi cosi/aF
MOz/aF =y Fi xi cosi/aF
-x Fi yi cosi/aF
R.MO/a2F= (X.MOx+ Y.MOy
+ Z.MOz )/a2F =0 (verificare)
/a /a /a
AK*AJ - AM*AH AL*AH - AK*AI AO*AR+AP*AT+AQ*AU AH/AN AI/AN AJ/AN
5,7735 2,3094 0 8 12 -2
S-au obinut deci urmtoarele rezultate pentru problema 2.2.2:
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
38
1) Torsorul de reducere n O:
++==
kaF,jaF,iaF,MjF,iF,R
:309277350838
57705770
0
0 (c)
2) Ecuaia axei centrale:
F,Fy,Fx,aF,
F,Fx,Fz,aF,
F,Fz,Fy,aF,
5770577057703092
5770577057707735
5770577057700838
+=
=+=+ (d)
ntruct pentru toate sistemele de fore paralele avem:
00 00 == MRsau,MR sistemul se reduce la o rezultant R situat pe axa central care este paralel cu forele (cu axa Oz). 3) Centrul forelor paralele are coordonatele:
( )a,a,aCa,a,a 21282128 === (e)
PROBLEM PROPUS 2.2.3 Se consider sistem de fore paralele verticale 4321 F,F,F,F care se aplic respectiv n punctele: A1 (3a,a,0); A2 (a,2a,0); A3 (2a,-a,0); A2 (-2a,5a,0); (fig. 2.2.1.a). Forele au modulele: FF;FF;FF;FF ==== 4321 935 . Se cer: 1)Torsorulul de reducere n O; 2)Ecuaia axei centrale i poziia centrului forelor paralele.
Rezultate:
1)Torsorul de reducere n O:
+==
jaFiaFMkFR
:813
6
00
2)Ecuaia axei centrale i centrul vectorilor paraleli:
== 06
1334
613
34 ;a;aC;ay;ax
z
Fig. 2.2.3
A1
A4F2
F4
F1
A2F3A3
x
O
y
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
39
2.3. REDUCEREA SISTEMELOR SPAIALE DE FORE I CUPLURI.
PROBLEME REZOLVATE
2.3.1 Se consider un cub rigid de latur a, asupra cruia acioneaz forele: 4321 F,F,F,F ca n figura 2.3.1.a. Mrimile acestor fore sunt cunoscute:
FF,FFF,FF 23 4321 ==== . Se cer: 1) Torsorul de reducere n punctul O; 2) Torsorul de reducere n punctul B'; 3) Ecuaia axei centrale; 4) Cu ce este echivalent sistemul?
Rezolvare:
1) Expresiile analitice ale vectorilor for se scriu astfel:
)kji(Fa
kajaiaFOBOBFFversFF +=+===
331111
FZ,YXkFFR
kFFversFF;jFFversFF;iFFversFF
ii 303
24
1
444333222
===========
=
(a)
i expresiile analitice ale vectorilor moment:
0222
0
4321
4
100
====++++=
=+++===
N,aFM,aFL)ji(FaMkF)kaja(jFkaiF)jaia(
FCOFOOFOAFOB)F(MM ii
(b)
2) Momentul rezultant n punctul B se calculeaz cu ajutorul relaiei:
F4 C
z
B
F2
F3
F1
Fig. 2.3.1. a
A
A
C
O
O y
x B
a
a a
C
Axa centrala
z
B
R M0
Fig. 2.3.1.b
A
A
C
O
Oy
x B
D(a/3, 2a/3,0)
R
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
40
)ji(aFkF)kajaia(jaFiaFROBMM OB 232 +=+=+= (c) Ecuaia axei centrale se scrie:
ZyXxYN
YxZzXM
XzYyZL +=+=+
Rz,ay,axF
FxaFFyaF ===+=3
233
00
30
32 (d)
i este o dreapt perpendicular pe planul Oxy (paralel cu axa Oz) care intersecteaz Oxy n punctul D(a/3, 2a/3, 0).
4) ntruct 00 == Roo MsauRMRM , sistemul se reduce la un vector unic R situat pe axa central. Prin urmare sistemul de fore ( 4321 F,F,F,F ) aplicate n A1,A2,A3,A4 este echivalent cu:
a. un torsor )M,R( o aplicat n O;
b. o rezultant unic R aplicat ntr-un punct oarecare de pe axa central. 2.3.2. Se consider paralelipipedul dreptunghic rigid cu laturile: OA=3a , OC=4a , OO'=12a asupra cruia acioneaz forele 4321 F,F,F,F dup direciile diagonalelor AB CB CO respectiv AO (fig.2.3.2.a.). Forele au mrimile: 173124 4231 FFF,FFF ==== Se cere: 1) Torsorul de reducere n O;
2) Ecuaia axei centrale; 3) La ce se reduce sistemul?
Rezolvare:
C z
Axa central\
B
RM0
Fig. 2.3.2.b
A
A
C
O
O y
xB
D(3a/2, 2a, 0)
C z
B
F1 F4
F2 F3
Fig. 2.3.2.a
A
A
C
O
O y
x B
12a
3a 4a
R
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
41
1) Expresiile analitice ale celor patru fore sunt:
)ki(Fa
kajaFBABAFFversFF 34
1041241041111 +=+=
== (a)
)ki(Fa
kaiaFBCBCFFversFF 43
1731231732222 +=+=
==
)kj(Fa
kajaFOCOCFFversFF 34
1041241043333 +=+=
== (a)
)ki(Fa
kaaiFOAOAFFversFF 43
1731231734444 +=+=
==
Expresiile rezultantei i al momentului rezultant n punctul O vor fi:
FZ,YXkFFR ii 480484
1===== = (b)
)c(N,aFM,aFLjaFiaFM
FFa
kji
FFa
kji
FFa
kji
FFa
kjiM
FOAFOCFOCFOA)F(MM ii
072967296
1203003
1240040
403040
1204003
0
0
43210
4
10
====
+
++=
+++== =
2) Ecuaia axei centrale se scrie:
F
FxaFFyaF48
00
48720
4896 =+= (d)
arbitrarz,ay,ax === 22
3 , deci axa central este paralel cu Oz
fiind chiar axa de simetrie a paralelipipedului, (vezi fig. 2.3.2.b).
Ecuaia axei centrale sub form vectorial se scrie: ;RR
MR o += 2 sau
+++
=++ )kji(FaFaFaFFFFkji
Fkzjyix 232
13142232
171
2
Deci ecuaiile parametrice ale axei centrale se scriu:
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
42
+=+== Faz;Fay;Fax 217223
17302
1767 (e)
3) ntruct RMRM oo = 0 ,sistemul se reduce la o rezultant unic R situat pe axa central, (vezi fig. 2.1.2.b).
2.3.3. Se consider sistemele formate din trei fore 321 F,F,F i trei cupluri zyx M,M,M ce acioneaz asupra unui paralelipiped avnd forma i
dimensiunile precizate n fig. 2.3.3; orientarea forelor 321 F,F,F este dat de vectorii EF,CD,AB , iar orientarea celor trei cupluri este dup cele trei axe de coordonate (Ox, Oy, Oz). Se dau modulele acestor fore i cupluri:
;aFM;MM;FF;FF;FF zyx 202522 321 ====== S se determine: 1. Torsorul de reducere al sistemului, n punctul O; 2. Torsorul minimal; 3. Ecuaia axei centrale;
Pentru creerea algoritmului de calcul n EXCEL pentru problema 2.3.3. s-au utilizat urmtoarele relaii: Expresiile analitice ale celor patru vectori:
z
Fig. 2.3.3
C(0,a,3a)
G(a,4a,2a)
D(4a,4a,3a)
A(4a,3a,0)
O
y
x
B(2a,0,3a) F2
F1
F3
Mz
E(a,0,2a)
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
43
1113322
2221111
MversMM;EFversFF;CDversFF
;)zz()yy()xx(k)zz(j)yy(i)xx(F
ABABFABversFF
ABABAB
ABABAB
===++++===
(a)
Expresiile analitice ale momentelor celor 3 fore n raport cu O:
( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )( ) ( ) ( )iXyYxiZxXziYzZyFOE)F(M
iXyYxiZxXziYzZyFOC)F(M
iXyYxiZxXziYzZyFOA)F(M
EEEEEEO
CCCCCCO
AAAAAAO
33333333
22222222
11111111
++==++==
++== (b)
Componentele torsorului de reducere al sistemului n punctul O: kNjMiLM;kZjYiXR O ++=++= (c)
Componentele torsorului minimal: kZ
RMRjY
RMRiX
RMRM OOOmin 222
++= (d) Componentele produsului vectorial :
k)YLXM(j)XNZL(i)ZNYN(MR O ++= (e) din ecuaia vectorial a axei centrale: ( ) RR/MRkzjyix O +=++= 2 (f)
Rezultatele calculelor conform relaiilor de mai sus sunt: 1. Torsorul de reducere n punctul O:
=++=
)ki(aFM)kji(FR:
OO 64
322 (g)
2. Torsorul minimal:
=++=
kaF,jaF,iaF,M)kji(FR:
minmin 588240588305883
322 (h)
3. Ecuaia axei centrale sub form parametric:
Faz;Fy;Fax +==+= 317822
1712 (i)
Relaiile de mai sus se regsesc n urmtorul algoritm de calcul:
ALGORITMUL DE CALCUL UTILIZAT PENTRU PROGRAMUL EXCEL I REZULTATELE OBINUTE
DATE DE INTRARE A B C D E F G H I J K L
Nr. xA/a yA/a zA/a xB/a yB/a zB/a xC/a yC/a zC/a xD/a yD/a zD/a
1 4 3 0 2 0 3 0 1 3 1 0 2 M N O P Q R S T U V X Y Z
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
44
xE/a yE/a zE/a xF/a yF/a zF/a F1/F F2/F F3/F M1/aF vers M1x vers M1y vers M1z 4 4 3 1 4 2 4,6904 5 2 2 0 0 1
DATE DE IEIRE AA AB AC
(versF1)x (versF1)y (versF1)z (D1-A1)/SQRT((D1-A1)^2+
(E1-B1)^2+(F1-C1)^2) (E1-B1)/SQRT((D1-A1)^2+
(E1-B1)^2+(F1-C1)^2) (F1-C1)/SQRT((D1-A1)^2+
(E1-B1)^2+(F1-C1)^2) -0,4264 -0,6396 0,6396
AE AF AG (versF2)x (versF2)y (versF2)z
(J1-G1)/SQRT((J1-G1)^2+ (K1-H1)^2+(L1-I1)^2)
(K1-H1)/SQRT((J1-G1)^2+ (K1-H1)^2+(L1-I1)^2)
(L1-I1)/SQRT((J1-G1)^2+ (K1-H1)^2+(L1-I1)^2)
0,8 0,6 0
AH AI AJ (versF3)x (versF3)y (versF3)z
(P1-M1)/SQRT((P1-M1)^2+ (Q1-N1)^2+(R1-O1)^2)
(Q1-N1)/SQRT((P1-M1)^2+ (Q1-N1)^2+(R1-O1)^2)
(R1-O1)/SQRT((P1-M1)^2+ (Q1-N1)^2+(R1-O1)^2)
0 1 0
AK AL AM AN AO AP X/F Y/F Z/F R2/F2 (MOF1/aF)x (MO F1/aF)y
AA1*S1+AE1*T1+ AH1*U1
AB1*S1+AF1*T1+ AI1*U1
AC1*S1+AG1*T1+ AJ1*U1
AK^2+AL^2+ AM^2
S1(B1*AC1-C1*AB1)
S1(C1*AA1-A1*AC1)
2 2 3 17 9 -12
AQ AR AS AT AU AV (MOF1/aF)Z (MO F2/aF)x (MOF2/aF)y (MO F2/aF)z (MOF3/aF)x (MO F3/aF)y S1(A1*AB1-
B1*AA1) T1(H1*AG1-
I1*AF1) T1(I1*AE1-G1*AG1)
T1(G1*AF1-H1*AE1)
U1(N1*AJ1-O1*AI1)
U1(O1*AH1-M1*AJ1)
-6 -9 12 -4 -4 0
AW AX AY AZ BA (MOF3/aF)z L/aF = (MO /aF)x M/aF = (MO/aF)y N/aF = (MO /aF)z R.MO/aF2
U1(M1*AI1-N1*AH1)
AO1+AR1+AU1+X1*V1
AP1+AS1+AV1+Y1*V1
AQ1+AT1+AW1+ Z1*V1
AK1*AX1+AL1*AY1+AM1*AZ1
2 -4 0 -6 -26
BB BC BD BE BF BG (Mmin/aF)x (Mmin/aF)y (Mmin/aF)z ( 2aF/MR O )x ( 2aF/MR O )y ( 2aF/MR O )zBA1*AK1/AN
1 BA1*AL1/AN1 BA1*AM1/AN1 AL1*AZ1-
AM1*AY1 AM1*AX1-AK1*AZ1
AK1*AY1-AL1*AX1
-3,0588 -3,0588 -4,5882 -12 0 8
PROBLEME PROPUSE
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
45
Se consider un paralelipiped rigid, asupra cruia acioneaz forele: 4321 F,F,F,F ca n figurile 2.3.4...2.3.10. Mrimile acestor fore sunt cunoscute.
Se cer: 1) Torsorul de reducere n punctul O; 2) Torsorul de reducere n punctul C'; 3) Ecuaia axei centrale sub form parametric;
z O
C
B
A
3a
a
a
O y
x
CF2
F1F3
B
A
Fig. 2.3.5
aFM;FF
;FF;FF
:Date
53
1011
13
21
====
M1
====
==
4032812
84
z;y;ax;jaFiaFM
;jaFM;kFR:zultateRe
'c
O
z O
C
B
A
3a
a
2a
O y
x
CF2
F1
F3
B
A
Fig. 2.3.6
aFM;FF
;FF;FF
:Date
22
10314
13
21
====
az;ay;x;kaFjaFiaFM;jaFM;jFiFR
:zultateRe
'c
O
726826412
862
======
Fig. 2.3.4 Cz
B
F1
F2
F3
A
A
C
O
O y
x B
4a
a 2a
aFM;FF
;FF;FF
:Date
102
52212
13
21
====
M1
====
==
1004010420
10410
z;y;ax;kaFjaFiaFM
;kaFjaFM;kFR:zultateRe
'c
O
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
46
Fig. 2.3.7 C
z
B
F1
F2
F3
A
A C
O
Oy
x B
4a
a 3a
===+=
==
6108125218
86
z;ay;ax;kaFjaFiaFM
;jaFM;kFR:zultateRe
'c
OM1
aFM;FF
;FF;FF
:Date
52
1026
13
21
====
z O
C
B
A
3aa
a
O y
x
CF2
F1F3
B
A
Fig. 2.3.8
M1
aFM;FF
;FF;FF
:Date
42
1011
13
21
====
+====
=+=
28232
42
az;ay;ax;kaFiaFM
;jaFiaFM;kFiFR:zultateRe
'c
O
z O
C
B
A
3a2a
2a
O y
x
CF2
F1
F3
B
A
Fig. 2.3.9
M1
aFM;FF
;FF;FF
:Date
222
1317
13
21
====
az;y;x;kaFjaFM
;jaFM;iFR:zultateRe
'c
O
40262
22
====
==
zO
C
B
A
2a
a
a
Oy
x
CF2
F1 F3
B
A
Fig. 2.3.10
M1aFM;FF
;FF;FF
:Date
42
56
13
21
====
====
==
306426
423
z;y;ax;kaFjaFiaFM
;kaFjaFM;kFR:zultateRe
'c
O
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
47
CAPITOLUL III CENTRUL MASELOR - CENTRE DE
GREUTATE REZUMAT DE TEORIE Centrul de greutate pentru un sistem rigid continuu de puncte materiale
are vectorul de poziie i coordonatele ( ,, ) , date de relaiile: ( )
( )dm
dmr
D
D
= ; ( )( )
( )
( )
( )
( )dm
zdm,
dm
ydm,
dm
xdm
D
D
D
D
D
D
===
Se deosebesc urmtoarele cazuri particulare:
a. n cazul plcilor omogene (dm=SdA, S=constant), expresiile vectorului de poziie i coordonatele centrului de greutate sunt date de relaiile:
( )
( )dA
dAr
S
S
= ; ( )( )
( )
( )
( )
( )dA
zdA,
dA
ydA,
dA
xdA
S
S
S
S
S
S
=== .
b. n cazul barelor omogene (dm=lds, l=constant) expresiile vectorului de poziie i coordonatele centrului de greutate sunt date de relaiile:
( )
( )ds
dsr
l
l
= ; ( )( )
( )
( )
( )
[ ]ds
zds,
ds
yds,
ds
xds
l
l
l
l
l
l
===
Dac un sistem (continuum material) se compune dintr-un numr p de subsisteme (S1), (S2),...,(Sp) avnd masele: M1, M2, ..., Mp i centrele de mas (C1, C2,...,Cp) avnd vectorii de poziie: 1, 2, 2, ... p, atunci vectorul de poziie al centrului de mas al corpului se determin cu relaia:
=
=
=
=
=
=
=
= ===
= pi
i
p
iii
p
ii
p
iii
p
ii
p
iii
p
ii
p
iii
M
zM,
M
yM,
M
xM;
M
M
1
1
1
1
1
1
1
1 ,
Dac un sistem material este rezultatul eliminrii dintr-un sistem (S1) de mas M1 i centru de mas C1, a unui sistem (S2) de mas M2 i centru de mas C2 , atunci vectorul de poziie al centrului de mas C este dat de:
21
2211
21
2211
21
2211
21
2211
MMzMzM,
MMyMyM,
MMxMxM;
MMMM
=
==
=
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
48
n tabelul urmtor sunt date formule pentru calculul centrelor de greutate ale unor corpuri omogene uzuale:
Nr. crt.
Tipul corpului omogen
Figura Coordonatele centrului de greutate
1 Bara omogen de lungime L
02
== ;L
2 Bara omogen: arc de cerc de raz R i
semideschiderea
0== ;sinR
3 Plac omogen n form de sector
circular de raz R i semideschiderea
032 =
= ;sinR
4 Plac omogen n form de segment de
cerc de raz R i semideschiderea
032 3
=
=cossin
sinR
5 Plac omogen plana n form de triunghi
;yyy
;xxx
DBA
DBA
3
3++=
++=
6 Corp omogen conic de nlime h
43
00h
;;
===
7 Corp omogen semisferic de raz R
83
00R
;;
===
C(,) Oy
x
A
B
R
O C(,)
x
y
B
AR
C(,) Oy
x
A
B
R
C(,)
O
y
xA
B
D
C(,,)
O yx
zO'
R
y
AO x
C(,) L
z
C(,,)
Oyx
O'h
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
49
3.1. CENTRUL DE MAS PENTRU BARE OMOGENE PROBLEME REZOLVATE
3.1.1 Se consider o bar omogen, de forma unui crlig plan (n planul Oxy ca n fig. 3.1.1), pentru care se cunosc dimensiunea a, razele semicercurilor i lungimile barelor. Se cer coordonatele centrului de mas al crligului C (,), n raport cu sitemul de axe dat. Rezolvare:
Crligul se compune din patru segmente de bar simple: dou segmente sub form de semicerc avnd
centrele de mas notate cu C1(x1, y1 ), C3 (x3 ,y3), respectiv lungimile L1 i L3
dou segmente drepte avnd centrele de mas C2 (x2, y2), C4 (x4, y4) respectiv lungimile L2 ,L4.
Fa de sitemul de axe Oxy, coordonatele centrului de mas C (,) al crligului, se calculeaz cu formulele :
.L
yL,
L
xL
i
iii
ii
iii4
1
4
14
1
4
1
=
= ==
= (a)
Pentru segmentul de bar (1) avem:
+
=+=
==
=
= aa,aaL
Caay
axasinasinRCO 24242
2
2
1
11
1
11 (b)
Pentru segmentul de bar (2) avem:
==
=
aL)a,(Cay
x
4202
0
2
22
2
(c)
Pentru segmentul de bar (3) avem:
==
==
=
= a,aaL
Cay
axasinasinRCO 42
2
42
4
2
22
3
33
3
33 (d)
O1
C1 y
a
C2
O3x
Fig. 3.1.1
C3
C4
4a
2a O
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
50
Pentru segmentul de bar (4) avem:
x4 = 3a, y4 = 0, L4 = 2a C4 (3a, 0). (e) Se introduc valorile calculate n formulele lui i obinndu-se:
+++
+==)(a)(,aC
)(a)(;a
23122
23122 (f)
Acelai rezultat se obine cu ajutorul urmtorului tabel: Corpul
nr. Forma
corpului Li xi yi Lixi Liyi
1
a a 4 2a a+ a2 (4 +2) a2
2
4a 0 2a 0 8a2
3
2a 2a 4a 4a2 8a2
4
2a 3a 0 6a2 0
3a(+2) 3a2 ( +2) 2a2 (2 +1)
3.1.2 Se consider un cadru spaial format din 4 bare omogene sudate i dispuse n raport cu sistemul de axe Oxyz, ca n fig. 3.1.2. Se cunosc dimensiunea a, razele semicercurilor (lungimile barelor). Se cere poziia centrului de mas al cadrului n raport cu sistemul de axe ales
Rezolvare: Pentru arcele de cerc poziiile centrelor de mas sunt date de:
===
=
= 2222
4
4443
aasinRCO,asin
asinROC (a)
O4
C4
C3
C1 C2
Fig. 3.1.2
z
yO
x
a
a a
y
O3 C3
4a C2
2a
C4
a C1 O1
2a x
x
x
x
y
y
y
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
51
Coordonatele centrelor de mas ale segmentelor de bar i lungimile acestora vor fi:
2220
2
22020
2
4422
3311
aL;)(a,)(a,aC;aL;,a,aC
;aL;a,,aC;aL;,a,aC
=
=
=
=
(b)
Pentru determinarea coordonatelor centrului de mas al cadrului spaial C (,,) aplic formulele:
i
iii
ii
iii
ii
iii
L
zL,
L
yL,
L
xL4
1
4
14
1
4
14
1
4
1
=
=
= =
=
=
=
= . (c)
nlocuind valorile se obin coordonatele centrului de greutate :
.a)(
,a)(
,a)( 2222
122
5+=+
+=+= (d)
Acelai rezultat se obine completnd urmtorul tabel:
Corp nr.
Forma corpului
Li xi yi zi Lixi Liyi Lizi
1
a a2
a 0 a
2
2 a
2 0
2
a a a2
0 a2 a2
2 0
3
a2
2a
0 2a a2 0 a2
4
a2
0 a( ) 2
a( ) 2
0 a2 22
( )
a2 22
( )
a(2+) 52
2a ( ) + 22
2a
a22
a C1
y O
z
x
a C2
y O
z
x
a C3
O
y
z
x
a
C4
O4
O y
z
x
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
52
S3.2. CENTRUL DE MAS PENTRU PLCI OMOGENE PROBLEME REZOLVATE
3.2.1 Se consider o plac plan omogen avnd forma din fig. 3.2.1 . Se cunoate dimensiunea a. Se cere s se determine poziia centrului de mas C (, ) al plcii fa de sistemul de axe Oxy considerat n fig. 3.2.1. Rezolvare Placa omogen se compune din 4 pri simple avnd centrele de mas Ci (xi, yi) i ariile Ai ( i=1,2,3,4) ca n fig. 3.2.1.
innd seama de relaia care d poziia centrul unui sector circular de raz R i unghi la centru 2 , avem:
=
==
=34
2
23224
4
4332
4422
asinaCO;asin
aCO (a)
Coordonatele centrului de mas al plcii fa de sistemul de axe Oxy se determin cu ajutorul relaiilor:
4321
44332211
4321
44332211
AAAAyAyAyAyA,
AAAAxAxAxAxA
++=+
+= (b)
Pentru fiecare din cele patru plci simple: placa 1(dreptunghiul 3a x 2a), placa 2 (sector circular de raz 3a), placa 3 (triunghiul a x 2a , care se decupeaz) i placa 4 (sector circular de raz a , care se decupeaz) avem:
2111 623 aA;ay;/ax ===
494243 2222 /aA;/aay;/aax =+== (c) 2
333 3838 aA;/ay;/ax === 2342 2144 /aA;/ay;ax ===
nlocuind n relaiile lui i de mai sus se obine: a
)()(,a
)()(
207370272
20733269
++=+
= ,sau .a,;a, 458246671 == (d) La acelai rezultat se ajunge completnd urmtorul tabel :
y
a
x a a a
C2
C3
O2
O4
C1 C4
2a
2a
Fig. 3.2.1
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
53
Corpul nr. Figura Ai xi yi Ai xi Ai yi
1
6a2 32a a 9a
3
2
94
2a 3 4a a 24a a+
94
3 43a ( ) 92
23a
( )
3
a2
83a 8
3a 8
3
3a 83
3a
4
a2
2 2a 4
3a
a3 23
3a
7 20
4 + a 69 32
123 a 27 70
63 + a
3.2.2 Se consider o plac plan omogen avnd forma din fig. 3.2.2. pentru care se cunoate dimensiunea a. Se cere s se determine poziia centrului de mas C (, ) al plcii fa de sistemul de axe Oxy considerat.
Rezolvare Coordonatele centrului de mas al plcii fa de sistemul de axe Oxz se determin cu ajutorul relaiilor:
4321
44332211
4321
44332211
AAAAyAyAyAyA,
AAAAxAxAxAxA
++=+
+= (a)
innd seama de relaia care d poziia centrul unui sector circular de raz R i unghi la centru 2 , avem:
=
==
=3
216
4
4432
38
2
2232
4422
asinaCO;asin
aCO (b)
a a
x
y
C2 O2
C3
C1
O
C4
O4
2a 2a
4a
4a
2a
Fig. S3.2.2
y
2a 3a C1
O x
y
3a
3a O
y
x O2
C2
a 2a
O x
C3 O2
y
aa O x C4 O4
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
54
Pentru placa simpl 1(dreptunghiul 6a 4a): 2
111 2423 aA;ay;ax === (c) Pentru placa simpl 2 (sector circular de raz 2a):
2222 23844 aA;/aay;ax =+== (d)
Pentru placa simpl 3 (triunghiul 4a a, care se decupeaz): 2
333 2383 aA;/ay;/ax === (e) Pentru placa simpl 4 (sector circular de raz 4a, care se decupeaz):
2144 43163166 aA;/ay;/aax === (f)
nlocuind n relaia de mai sus se obine:
a,a)()(;a,a
)(2963
1133104572
11324136 =
+=== (g)
La acelai rezultat se ajunge dac se completeaz urmtorul tabel :
Figura nr.
Forma Ai xi yi Aixi Ai yi
1
24a2 3a 2a 72a3 48a3
2
2a2 4a 4 83
a a+ 8a3 ( )8 13
33 + a
3
2a2 a3
83a 2
33a 16
33a
4
4a2 6 163
a a 163
a ( )24
643
3 + a
643
3a
(222)a2 278 483
3 a
80 243
3+ a
4a
6a C1
O x
y
4a
2a 4a O
y
x O4
C4
2a 4a
2a x
O2 C2
y
O a
4a x
C3
y
O
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
55
3.2.3 Se consider o plac omogen de forma unui ptrat de latur a din care se decupeaz un triunghi isoscel de nlime h ca n fig. 3.2.3. Se cere s se determine nlimea triunghiului isoscel astfel nct centrul de mas C (, ) s coincid cu vrful triunghiului.
Rezolvare: Fa de sistemul de axe Oxy din fig. 3.2.3, coordonatele centrelor de greutate pentru ptrat i pentru triunghi sunt: C1 (0, a/2) , C2(0,h/3) (a) iar ariile corespunztoare sunt:
A1 = a2, A2 = 2ah . (b)
Coordonata a centrului de greutate dup Oy se dxetremin cu ajutorul
relaiei: AA
yAyAi=
1
221 . (c)
Condiia =h conduce la urmtoarea ecuaie de gradul II n h: 0362 22 =+ aahh avnd soluiile: ah , 2
3321
= (e)
ntruct h
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
56
Fig. 3. 2.6
y
x
3a O
a
2a
x
Fig. 3. 2.7
y
3a
2a
Oa
2a
Fig. 3. 2.8
x 4a
y
O
4a
3a
Fig. 3. 2.9
x
y
O
2a
a
600 600 600
2a
2a 2a
Fig. 3. 2.10
y
x
O 2a a a
4a
2a 2a
6a
a
x
2a 2a 2a
2a
2a
4a
6a
2a
2a
y
O
Fig. 3. 2.11
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
57
RSPUNSURI
Nr.pr. 3.2.4 ( )
( ) a,a 84960
14231412 =+
+ ( ) a,a 36652142
48 =+
3.2.5 ( )( ) a,
a 532427343
45284 =++ ( )( ) a,
a 811407342292 =+
3.2.6 ( )( ) a,
a 15632203
6562 =++ ( )( ) a,
a 67481203
988 =++
3.2.7 ( )( ) a,
a 62122203
9116 =++ ( )( ) a,
a 753120
2142 =++
3.2.8 ( )( ) a,
a 3654563
81520 =++ ( )( ) a,
a 03610563
481542 =+
3.2.9 0 a,)(
a 0656032323
5 =
3.2.10
3.2.11
3.2.12
3.2.13
3.3. CENTRUL DE MAS PENTRU CORPURI OMOGENE PROBLEME REZOLVATE
3.3.1 Se consider un corp omogen tridimensional cu o ax de simetrie, avnd forma din fig. 3.3.1, format dintr-o semisfer de diametru D=2R=40mm i un cilindru de nlime h=50mm i diametru d=2r =22mm. Se cere s se determine poziia centrului de greutate al nitului C ( 0,0,) n raport cu sistemul de axe considerat n figur.
Fig. 3. 2.12 O
3a
2a
2a2a 2a a a
4a
6a
y
x
y
Fig. 3.2.13
2a 2a
4a
2a x O2aaa
6a
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
58
Rezolvare Pentru sistemul de axe Oxyz considerat n
fig. 3.3.1 centrele de greutate ale celor dou corpuri simple se afl pe axa de simetrie Oz; astfel:
pentru semisfer:
163
83
11
DRzOC === 12
3
1
DV = ; (a) pentru cilindru:
,hzOC222
== , 4
2
2
hdV = . (b)
)hdD()hdD(
VVzVzV
23
224
21
2211
31683+=+
+= (c)
Se obine: = - 0,977 cm (d) 3.3.2. Se consider un corp omogen tridimensional cu o ax de simetrie format dintro semisfer i un con ca n fig. 3.3.2. Se cunoate raza semisferei R i a bazei conului r =R. Se cere nlimea h a conului astfel nct centrul de greutate al corpului s coincid cu centrul bazei conului (sau cu originea sistemului de axe C 0)
Rezolvare: Conul i semisfera au centrele de greutate
C1 i C2 pe axa Oz avnd coordonatele :
ROCz,hOCz83
4 2211==== (a)
Volumele celor dou corpuri simple sunt:
322
1 32
3RV;hRV == (b)
Coordonata centrului de greutate dup axa Oz se determin cu ajutorul relaiei:
RhRh
VVzVzV
23
41 22
21
2211
+=+
+= (c)
Impunnd condiia: CO, adic = 0 rezult: h2 3 R2 = 0 (d)
cu soluiile 3Rh = , are sens numai R,Rh 73213 == (e)
z V
y
h
x
C1
R C2 O
Fig. 3.3.2
z
D
y
h
d
x
C1
O
C2
Fig. 3.3.1
C
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
59
CAPITOLUL IV ECHILIBRUL FORELOR APLICATE
SOLIDULUI RIGID REZUMAT DE TEORIE
a. Teoremele generale ale echilibrului rigidului liber n cazul rigidului liber, echilibrul este realizat dac i numai dac torsorul
de reducere al sistemului de fore care acioneaz asupra lui, ntr-un punct O, este nul:
======
===
000000
00
0iii
iii
OO N,M,L
Z,Y,XMR
unde:
Xi ,Yi, Zi sunt proieciile forelor exterioare iF pe axele sistemului cartezian Ox, Oy, respectiv Oz;
xi, yi zi - coordonatele punctului de aplicaie al forei iF Li= (yiZi-ziYi), Mi= (ziXi-xiZi), Ni= (xiYi-yiXi) - proieciile momentelor
forelor exterioare iF pe axele sistemului cartezian Ox, Oy, respectiv Oz;
Dac sistemul de fore ce acioneaz asupra rigidului liber este coplanar (de exemplu:se afl n planul Oxy) atunci ecuaiile de mai sus devin:
===
===
0
000
00
i
ii
OO N
Y,XMR
b. Teoremele generale ale echilibrului rigidului supus la legturi Dac rigidul este supus la legturi (prin legturi se nelege un numr de constrngeri geometrice care se aplic rigidului care duc la micorarea numrului de grade de libertate - pentru rigidul liber acest numr este 6), se aplic axioma legturilor care postuleaz c: orice legtur geometric poate fi ntotdeauna suprimat i nlocuit cu elemente mecanice corespunztoare (care pot fi fore sau momente-cupluri de legtur) numite reaciuni.
Dac se noteaz torsorul forelor de legtur cu:
legO
leglegO M
R
i torsorul forelor exterioare (aplicate) cu:
aO
aaO M
R
atunci echilibrul rigidului este realizat dac i numai dac :
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
60
=+=+=+=+=+=+
=+=+=+
000000
00
0
legalegalega
legalegalega
legO
aO
legalegO
aO
NN,MM,LLZZ,YY,XX
MMRR
Legturile ideale uzuale ale rigidului sunt : reazemul simplu (prinderea cu fir) articulaia sferic articulaia cilindric (articulaia plan) ncastrarea.
Prin suprimarea unei legturi, conform axiomei legturilor se introduc elemente mecanice corespunztoare tipului de posibiliti de micare suprimate: fore dac sunt suprimate translaii, cupluri dac sunt suprimate rotaii. Aceste elemente sunt necunoscute ale problemei date. Dac rigidul este supus unor legturi reale (cu frecare) atunci la condiiile de echilibru de mai sus (cele 6 ecuaii generale) se mai adaug relaia/relaiile corespunztoare tipului de legtur cu frecare existent i anume: frecarea de alunecare din cuplele de alunecare: NT ; frecarea de rostogolire din cuplele de rostogolire: sNM r ; frecarea de pivotare din pivoi axiali: NRM mp ; frecarea din lagrele cu alunecare: FrM f . n toate cazurile legturilor cu frecare , aceste fore /cupluri se opun
totdeauna tendinei corpului de a executa orice fel de micare.
4.1. ECHILIBRUL RIGIDULUI LIBER SUB ACIUNEA UNUI SISTEM SPAIAL DE FORE PROBLEME REZOLVATE
4.1.1. Se consider o plac omogen n form de paralelipiped dreptunghic cu muchiile OA=4a, OC=6a, OO=a, aflat n echilibru sub aciunea greutii proprii G, a forei P cunoscute ca direcie sens i modul i a forelor (Fi)i=1, 2,..6, cunoscute ca direcie i sensuri dar necunoscute ca modul (fig. 4.1.1). Se cer mrimile forelor Fi pentru ca echilibrul forelor s aib loc .
Rezolvare: Expresiile analitice ale vectorilor fore fa de sistemul de axe Oxy sunt:
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
61
;jFF;iFF;iFF;kFF
kFF;kFFkGG;jPP
6655
4433
2211
========
(a)
Expresiile analitice ale momentelor acestor fore n raport cu O sunt:
iaGjaG)kG()ka,jaia(GOD)G(M
iaPkaPjP)kaia(P'OA)P(M
O
O
325032
44
=++===+==
iaFkFjaFOC)F(M
iaFjaFkF)ajia(FOB)F(M
jaFkFiaFOA)F(M
O
O
O
3333
22222
1111
66
6464
44
===+=+==
=== (b)
kaFjFiaFOA)F(M
jaFiFkaF'OO)F(M
jaFkaFiF)kaja(F'OC)F(M
O
O
O
6666
5555
44444
44
66
======
+=+==
Ecuaiile vectoriale de echilibru ale rigidului liber ( 00 == OM;R ), scrise n proiecii pe cele trei axe ale sistemului triortogonal Oxyz sunt:
00
0
321
6
54
=++==+==+=
GFFFZPFYFFX
0464
04420663
64
5421
32
=+==++=
=++=
aFaFaPNaFaFaFaFaGM
aFaFaGaPL (c)
Rezolvnd acest sistem de 6 ecuaii cu 6 necunoscute rezult: .PF;/GF;F;/PF;F;/P/GF ====== 635241 206062 (d)
4.2. ECHILIBRUL RIGIDULUI SUPUS LA LEGTURI SUB ACIUNEA UNUI SISTEM DE FORE COPLANARE PROBLEME REZOLVATE
4.2.1 Se consider o bar omogen de lungime AB=2 l i greutate G care se reazem cu captul A pe un perete vertical iar n punctul D pe o muchie fix situat la distana a fa de peretele vertical (fig. 4.2.1.a). Legturile din A i D sunt fr frecare. Se cer: 1) unghiul pe care l face bara cu orizontala pentru echilibru; 2) mrimile reaciunilor din A i D.
z
F6
F1
Fig. 4.1.1
A
A
C O
y
x B
O
B
C
F2 G
P
F4
F3
F5
D
4a6a
a
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
62
Rezolvare Se alege sistemul de referin Oxy convenabil i conform axiomei
legturilor se introduc n A i D forele de legtur DA NsiN (fig. 4.2.1.b).
Ecuaiile de echilibru a forelor care acioneaz asupra barei scrise n proiecii pe cele trei axe sunt:
00
0000
=+=====
cosaNcosG:M
GcosN:YsinNN:X
DAz
Di
DAi
l
(a)
Primele dou ecuaii conduc la:
GcossinN,G
cosN AD
==1 (b)
care introduse n ecuaia a treia conduc la:
33
llaarccossau,acos == (c)
Echilibrul este posibil dac:
ll asau,a 010 3 (d)
nlocuind valoarea unghiului n expresiile reaciunilor NA i ND se obine:
3
2
3
3
1
=
=
ll
l
aa
GN
,a
GN
A
D
(e)
4.2.2 Se consider o bar omogen de lungime AB=2 l i greutate G care se reazem cu captul A n colul format de un perete orizontal i unul vertical, iar n punctul D se reazem pe o muchie fix situat la distana a fa de peretele vertical (fig. 4.2.2.a). Legtura din D este fr frecare. Se cer mrimile reaciunilor din A i D. Rezolvare
Se alege sistemul de referin Oxy ca n fig. 4.2.2.b i conform axiomei legturilor se introduc n A i D forele de legtur DA NsiN
OA
D
C B
a
G
ND
NA x
y
Fig. 4.2.1
(b)
A
D
C Bl2
a
(a)
G
-
PROBLEME REZOLVATE DE MECANIC
63
Ecuaiile de echilibru a forelor care acioneaz asupra barei n proiecii pe
cele tri axe se scriu:
00
0000
=+==+=
==
cosaNcosGM
GcosNVYsinNHX
DzA
DAi
DAi
l
(a)
Din ecuaia a treia se obine:
= 2cosa
GNDl (b)
iar