Ecuatii liniare de ordin superior · dintr-odata, pentru a nu-l vatama. Prin urmare esti interesat...
Transcript of Ecuatii liniare de ordin superior · dintr-odata, pentru a nu-l vatama. Prin urmare esti interesat...
“ Exista vreo motivatie mai buna decat succesul ? ”
Ion Tiriac
5Ecuatii liniare de ordin superior
Bungee jumping
Bungee jumping sau saritura cu coarda elastica este unul dintre cele maispectaculoase sporturi extreme, o sfidare a gravitatiei care necesita mult curaj,experienta si rezistenta. Practicantul sare de la o inaltime de zeci de metri, fiindasigurat cu o coarda elastica, fixata de glezna.
1
Sa presupunem ca cel care dorestesa faca bungee jumping alege un podaflat la o distanta de 174 m de apa. Arelegata de picioare o coarda cu lungimea100 m. Consideram pozitia pana undeajunge coarda prinsa de pod ca fiind 0si masuram pozitia picioarelor in tim-pul sariturii prin intermediul functiei𝑥(𝑡), care este o functie de timpul 𝑡.Evident in momentul in care saritorulse afla pe pod avem 𝑥(0) = −100. Dis-tanta creste atunci cand e in cadere,prin urmare viteza este pozitiva iaratunci cand e tras inapoi de coardaviteza este negativa. Se stie ca accel-eratia gravitationala 𝑔 este constanta.Astfel ca forta care ii impinge in joscorpul are valoarea 𝑚𝑔.
Atunci cand sare de pe pod forta de rezistenta a aerului creste proportionalcu viteza sa si reprezinta o forta de sens opus miscarii sale, de valoare 𝛽𝑣, unde𝛽 este o constanta si 𝑣 este viteza miscarii sale.
Conform legii lui Hooke referitoare la actiunea resorturilor coarda de bungeeva exercita o forta asupra saritorului proportionala cu distanta parcursa dincolode lungimea naturala a corzii. Astfel forta cu care coarda il impinge inapoi sepoate exprima ca
𝑏(𝑥) =
{0, daca 𝑥 ≤ 0,
−𝑘𝑥, daca 𝑥 > 0.
Numarul 𝑘 este constanta de elasticitate a corzii si reprezinta modul in carecoarda influenteaza ecuatia. E nevoie de o coarda cu o constanta 𝑘 suficientde mare care sa il opreasca pe cel care sare inainte de a atinge apa dar nudintr-odata, pentru a nu-l vatama. Prin urmare esti interesat sa afli distantala care vei cadea, dincolo de lungimea naturala a corzii, ca functie de constantade elasticitate a corzii.
Pentru a afla asta trebuie sa rezolvi ecuatia diferentiala obtinuta in confor-mitate cu cele spuse mai sus. Forta 𝑚𝑥
′′care apasa asupra asupra corpului tau
este data de
𝑚 · 𝑥′′(𝑡) = 𝑚 · 𝑔 + 𝑏(𝑥(𝑡)) − 𝛽 · 𝑥′(𝑡)
Aici 𝑚𝑔 este greutatea ta iar 𝑥′este viteza ta. Constanta 𝛽 a fortei de rezistenta
a aerului depinde de multi factori, incluzand hainele pe care le porti. Aceastaeste o ecuatie neliniara dar ascunde doua ecuatii liniare in interiorul ei.
Cand 𝑥(𝑡0) < 0, ecuatia devine
𝑚 · 𝑥′′(𝑡) = 𝑚 · 𝑔 − 𝛽 · 𝑥′(𝑡)
2
si dupa punctul unde lungimea naturala a corzii se termina avem ecuatia
𝑚 · 𝑥′′(𝑡) = 𝑚 · 𝑔 − 𝑘 · 𝑥(𝑡) − 𝛽 · 𝑥′(𝑡)
Sa stii putina matematica este periculos !! Toata modelarea matematica demai sus este doar o aproximare a situatiei reale. De exemplu, presupunereaca forta de rezistenta a aerului este liniara se poate aplica doar vitezelormici. Mai mult, resorturile se pot comporta neliniar la oscilatii mari astfelca legea lui Hooke e doar o aproximare. Nu-ti pune viata in pericol pentruo aproximare a unui tip care a trait acum 200 de ani !
Remarca:
Ecuatii liniare de ordin superior
Ecuatii liniare omogene cu coeficienti constanti:
𝑦(𝑛) + 𝑎1𝑦(𝑛−1) + . . . + 𝑎𝑛−1𝑦
′ + 𝑎𝑛𝑦 = 0
unde 𝑎𝑖 ∈ R, 𝑖 = 1, 𝑛.
Algoritm:∙ scriem polinomul caracteristic
𝑝(𝜆) = 𝜆𝑛 + 𝑎1𝜆𝑛−1 . . . + 𝑎𝑛−1𝜆 + 𝑎𝑛
∙ aflam radacinile, reale sau complexe, ale ecuatiei caracteristice: 𝑝(𝜆) = 0.∙ pentru orice radacina obtinem un element al sistemului fundamental de
solutii, conform urmatorului tabel:
radacina solutia generata
𝜆 = 𝑎 𝑒𝑎𝑥
𝜆1 = 𝜆2 = . . . = 𝜆𝑘 = 𝑎 𝑒𝑎𝑥, 𝑥𝑒𝑎𝑥, 𝑥2𝑒𝑎𝑥. . . , 𝑥𝑘−1𝑒𝑎𝑥
𝜆 = 𝛼 + 𝛽𝑖, 𝜆 = 𝛼− 𝛽𝑖 𝑒𝛼𝑥 sin𝛽𝑥, 𝑒𝛼𝑥 cos𝛽𝑥{𝜆1 = 𝜆2 = . . . = 𝜆𝑘 = 𝛼 + 𝛽𝑖
𝜆𝑘+1 = 𝜆𝑘+2 = . . . = 𝜆2𝑘 = 𝛼− 𝛽𝑖
{𝑒𝛼𝑥 sin𝛽𝑥, 𝑥𝑒𝛼𝑥 sin𝛽𝑥 . . . , 𝑥𝑘−1𝑒𝛼𝑥 sin𝛽𝑥
𝑒𝛼𝑥 cos𝛽𝑥, 𝑥𝑒𝛼𝑥 cos𝛽𝑥 . . . , 𝑥𝑘−1𝑒𝛼𝑥 cos𝛽𝑥
𝜆 = 0 1
𝜆1 = 𝜆2 = . . . = 𝜆𝑘 = 0 1, 𝑥, 𝑥2, . . . , 𝑥𝑘−1
3
∙ solutia generala a ecuatiei liniare omogene va fi
𝑦(𝑥) = 𝐶1 · 𝑦1(𝑥) + 𝐶2 · 𝑦2(𝑥) + . . . + 𝐶𝑛 · 𝑦𝑛(𝑥),
unde 𝑦1, 𝑦2, . . . , 𝑦𝑛 sunt cele 𝑛 solutii liniar independente ale sistemului funda-mental.
Ecuatii liniare neomogene cu coeficienti constanti:
𝑦(𝑛) + 𝑎1𝑦(𝑛−1) + . . . + 𝑎𝑛−1𝑦
′ + 𝑎𝑛𝑦 = 𝑓(𝑥)
Algoritm:
∙ aflam solutia generala 𝑦(𝑥) a ecuatiei omogene atasate
𝑦(𝑛) + 𝑎1𝑦(𝑛−1) + . . . + 𝑎𝑛−1𝑦
′ + 𝑎𝑛𝑦 = 0
∙ solutia generala a ecuatiei neomogene va fi
𝑦(𝑥) = 𝑦(𝑥) + 𝑦𝑝(𝑥)
unde 𝑦𝑝(𝑥) este o solutie particulara a ecuatiei neomogene care poate fi aflatafolosind metoda variatiei constantelor.
Ideea metodei:�
daca 𝑦(𝑥) = 𝐶1 · 𝑦1(𝑥) +𝐶2 · 𝑦2(𝑥) + . . .+𝐶𝑛 · 𝑦𝑛(𝑥) este o solutie generalaa ecuatiei omogene atasate cautam o solutie particulara de tipul
𝑦𝑝(𝑥) = 𝐶1(𝑥) · 𝑦1(𝑥) + 𝐶2(𝑥) · 𝑦2(𝑥) + . . . + 𝐶𝑛(𝑥) · 𝑦𝑛(𝑥)
obtinuta prin transformarea constantelor in functii care depind de 𝑥.�
aceste functii 𝐶1(𝑥), 𝐶2(𝑥), . . . , 𝐶𝑛(𝑥) se afla rezolvand sistemul functionalliniar: ⎧⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎨⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎩
𝐶′
1(𝑥) · 𝑦1 + 𝐶′
2(𝑥) · 𝑦2 + . . . + 𝐶′
𝑛(𝑥) · 𝑦𝑛 = 0
𝐶′
1(𝑥) · 𝑦′
1 + 𝐶′
2(𝑥) · 𝑦′
2 + . . . + 𝐶′
𝑛(𝑥) · 𝑦′
𝑛 = 0
𝐶′
1(𝑥) · 𝑦′′
1 + 𝐶′
2(𝑥) · 𝑦′′
2 + . . . + 𝐶′
𝑛(𝑥) · 𝑦′′
𝑛 = 0
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
𝐶′
1(𝑥) · 𝑦(𝑛−2)1 + 𝐶
′
2(𝑥) · 𝑦(𝑛−2)2 + . . . + 𝐶
′
𝑛(𝑥) · 𝑦(𝑛−2)𝑛 = 0
𝐶′
1(𝑥) · 𝑦(𝑛−1)1 + 𝐶
′
2(𝑥) · 𝑦(𝑛−1)2 + . . . + 𝐶
′
𝑛(𝑥) · 𝑦(𝑛−1)𝑛 = 𝑓(𝑥)
in care necunoscutele sunt derivatele acestora, iar apoi se integreaza solutiileobtinute
∙ sistemul de mai sus se poate rezolva folosind, spre exemplu, regula Cramercaci determinantul sau este wronskianul
∆ =
𝑦1 𝑦2 . . . 𝑦𝑛
𝑦′1 𝑦′2 . . . 𝑦′𝑛
. . . . . . . . . . . .
𝑦(𝑛−1)1 𝑦
(𝑛−1)2 . . . 𝑦
(𝑛−1)𝑛
= 0
4
si acesta este nenul deoarece 𝑦1(𝑥), 𝑦2(𝑥), . . . , 𝑦𝑛(𝑥) sunt liniar independente.
Cazuri particulare:
∙ in anumite situatii speciale, daca observam un sablon in forma termenuluiresponsabil de neomogenitate 𝑓(𝑥), putem construi direct forma unei solutiiparticulare
∙ aceasta solutie particulara va depinde de cativa coeficienti care se aflainlocuind solutia construita in ecuatia diferentiala data�
vezi problemele rezolvate∙ aveti mai jos formele particulare ale lui 𝑓(𝑥) si structura unei solutii par-
ticulare 𝑦𝑝(𝑥), sugerata de aceste forme
1. daca 𝑓(𝑥) = 𝑒𝛼𝑥𝑃𝑚(𝑥) unde 𝑃𝑚 este un polinom de grad 𝑚 si 𝛼 nu esteradacina a ecuatiei caracteristice, atunci:
𝑦𝑝(𝑥) = 𝑒𝛼𝑥𝑄𝑚(𝑥)
pentru 𝑄𝑚 un polinom de grad 𝑚 care trebuie determinat.2. daca 𝑓(𝑥) = 𝑒𝛼𝑥𝑃𝑚(𝑥) si 𝛼 este o radacina multipla de ordin 𝑘 a ecuatiei
caracteristice, cautam:𝑦𝑝(𝑥) = 𝑥𝑘𝑒𝛼𝑥𝑄𝑚(𝑥)
3. daca 𝑓(𝑥) = 𝑒𝛼𝑥 [𝑃𝑚(𝑥) cos𝛽𝑥 + 𝑄𝑚 sin𝛽𝑥] si 𝛼+ 𝑖𝛽 nu este o radacinaa ecuatiei caracteristice, cautam:
𝑦𝑝(𝑥) = 𝑒𝛼𝑥 [𝑅𝑚(𝑥) cos𝛽𝑥 + 𝑆𝑚(𝑥) sin𝛽𝑥]
4. daca 𝑓(𝑥) = 𝑒𝛼𝑥 [𝑃𝑚(𝑥) cos𝛽𝑥 + 𝑄𝑚 sin𝛽𝑥] si 𝛼 + 𝑖𝛽 este o radacinamultipla de ordin 𝑘 a ecuatiei caracteristice, cautam:
𝑦𝑝(𝑥) = 𝑥𝑘𝑒𝛼𝑥 [𝑅𝑚(𝑥) cos𝛽𝑥 + 𝑆𝑚(𝑥) sin𝛽𝑥]
Probleme rezolvate
Problema 1. Gasiti solutiile generale ale urmatoarelor ecuatii liniare:
a) 𝑦𝑖𝑣 − 5𝑦′′ + 4𝑦 = 0,
b) 𝑦′′′ − 6𝑦′′ + 12𝑦′ − 8𝑦 = 0,
c) 𝑦𝑖𝑣 + 5𝑦′′ + 4𝑦 = 0.
5
Solutie: a) Pentru ecuatia omogena 𝑦𝑖𝑣 − 5𝑦′′ + 4𝑦 = 0 scriem ecuatiacaracteristica:
𝑟4 − 5𝑟2 + 4 = 0𝑟2=𝑡⇒ 𝑡2 − 5𝑡 + 4 = 0
⇒ (𝑡− 1) (𝑡− 4) = 0
astfel
𝑟2 = 1, 𝑟2 = 4 ⇔𝑟1,2 = ±1, 𝑟3,4 = ±2.
Intrucat cele patru radacini sunt reale si distincte construim solutia generala aecuatiei de mai sus
𝑦 (𝑥) = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3𝑒2𝑥 + 𝑐4𝑒
−2𝑥.
b) Sa scriem ecuatia caracteristica atasata
𝑟3 − 6𝑟2 + 12𝑟 − 8 = 0 ⇔ (𝑟 − 2)(𝑟2 − 4𝑟 + 4
)= 0
⇔ (𝑟 − 2)3
= 0.
Obtinem o radacina tripla care genereaza urmatoarea forma a solutiei generale,conform tabelului
𝑦 (𝑥) = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
2𝑥 + 𝑐3𝑥2𝑒2𝑥
=(𝑐1 + 𝑐2𝑥 + 𝑐3𝑥
2)𝑒2𝑥.
c) Ecuatia caracteristica va fi
𝑟4 + 5𝑟2 + 4 = 0𝑟2=𝑡⇒ 𝑡2 + 5𝑡 + 4 = 0
⇒ (𝑡 + 1) (𝑡 + 4) = 0
deci
𝑟2 = −1, 𝑟2 = −4 ⇔𝑟1,2 = ±𝑖, 𝑟3,4 = ±2𝑖.
Radacinile sunt complexe si distincte si vor genera solutia
𝑦 (𝑥) = 𝑐1cos𝑥 + 𝑐2sin𝑥 + 𝑐3cos 2𝑥 + 𝑐4sin 2𝑥.
Problema 2. Gasiti formulele solutiilor generale ale urmatoarelor ecuatiiliniare neomogene:
a) 𝑦′′ − 𝑦′ − 2𝑦 = 3𝑒2𝑥,
b) 𝑦′′′ + 2𝑦′′ − 𝑦′ − 2𝑦 = 2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥.
6
Solutie: a) Scriem ecuatia omogena atasata acestei probleme 𝑦′′−𝑦′−2𝑦 = 0care va avea ca ecuatie caracteristica
𝑟2 − 𝑟 − 2 = 0 ⇔(𝑟 − 2) (𝑟 + 1) = 0 ⇒ 𝑟1 = 2, 𝑟2 = −1.
Solutia generala a ecuatiei omogene va fi
𝑦 (𝑥) = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥.
E necesar sa observam ca functia 𝑓 (𝑥) = 3𝑒2𝑥 are 𝛼 = 2 care e radacina pentruecuatia caracteristica (𝑟1 = 2), astfel suntem sfatuiti sa cautam solutii particu-lare de forma
𝑦𝑝 (𝑥) = 𝑥1 · 𝑒2𝑥 · 𝑐
Calculam:
𝑦′𝑝 (𝑥) = 𝑐 (1 + 2𝑥) 𝑒2𝑥,
𝑦′′𝑝 (𝑥) = 4𝑐 (1 + 𝑥) 𝑒2𝑥.
si substituim in ecuatia neomogena, pentru a obtine
4𝑐 (1 + 𝑥) 𝑒2𝑥 − 𝑐 (1 + 2𝑥) 𝑒2𝑥 − 2𝑐𝑥𝑒2𝑥 = 3𝑒2𝑥 |: 𝑒2𝑥 ⇔
4𝑐 (1 + 𝑥) − 𝑐 (1 + 2𝑥) − 2𝑐𝑥 = 3
⇒ 𝑐 = 1 ⇒ 𝑦𝑝 (𝑥) = 𝑥𝑒2𝑥
In cele din urma putem afisa solutia generala a ecuatiei date
𝑦 (𝑥) = 𝑦 (𝑥) + 𝑦𝑝 (𝑥)
= 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑥𝑒2𝑥.
b) Ecuatia omogena 𝑦′′′ + 2𝑦′′ − 𝑦′ − 2𝑦 = 0 admite ecuatia caracteristica
𝑟3 + 2𝑟2 − 𝑟 − 2 = 0 ⇔ (𝑟 − 1) (𝑟 + 1) (𝑟 + 2) = 0
⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1, 𝑟3 = −2,
si solutia generala𝑦 (𝑥) = 𝑐1𝑒
𝑥 + 𝑐2𝑒−𝑥 + 𝑐3𝑒
−2𝑥.
Pentru a afla o solutie particulara 𝑦𝑝(𝑥) exploram doua metode de lucru
Metoda 1: Termenul care este responsabil de neomogenitate 𝑓 (𝑥) = 2+𝑒𝑥 +sin𝑥 trebuie vizualizat ca fiind
2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥
pentru a putea utiliza cazurile particulare studiate in prima parte a acestei fisede seminar:
2 = 2 · 𝑒0·𝑥 ⇒ 𝛼 = 0
𝑒𝑥 = 𝑒1·𝑥 ⇒ 𝛼 = 1
sin𝑥 = 𝑒0·𝑥 sin (1 · 𝑥) ⇒ 𝛼 = 0 ± 1 · 𝑖.
7
Una dintre valori (𝛼 = 1) este si radacina a ecuatiei caracteristice, asadarsolutia particulara pe care trebuie sa o cautam va fi de forma
𝑦𝑝 (𝑥) = 𝑎 + 𝑐𝑥𝑒𝑥 + 𝛼 cos𝑥 + 𝛽 sin𝑥.
Calculam acum:
𝑦′𝑝 (𝑥) = 𝑐𝑒𝑥 + 𝑐𝑥𝑒𝑥 − 𝛼 sin𝑥 + 𝛽 cos𝑥,
𝑦′′𝑝 (𝑥) = 2𝑐𝑒𝑥 + 𝑐𝑥𝑒𝑥 − 𝛼 cos𝑥− 𝛽 sin𝑥,
𝑦′′′𝑝 (𝑥) = 3𝑐𝑒𝑥 + 𝑐𝑥𝑒𝑥 + 𝛼 sin𝑥− 𝛽 cos𝑥
si inlocuim aceste rezultate in ecuatia neomogena pentru a obtine coeficientii:
𝑎 = −1 𝑐 =1
6, 𝛽 = −1
5, 𝛼 =
1
10,
care conduc la solutia particulara
𝑦𝑝 (𝑥) = −1 +1
6𝑥𝑒𝑥 +
1
10cos𝑥− 1
5sin𝑥,
In final, solutia generala a problemei este
𝑦 (𝑥) = 𝑦 (𝑥) + 𝑦𝑝 (𝑥) =
= 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3𝑒−2𝑥 − 1 +
1
6𝑥𝑒𝑥 +
1
10cos𝑥− 1
5sin𝑥.
Metoda 2: Vom folosi metoda variatiei constantelor, care reprezinta abor-darea generala si va da rezultate atunci cand prima metoda nu functioneaza
Solutia generala a ecuatiei omogene
𝑦 (𝑥) = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3𝑒−2𝑥
impune cautarea unei solutii particulare de forma
𝑦 (𝑥) = 𝑐1(𝑥)𝑒𝑥 + 𝑐2(𝑥)𝑒−𝑥 + 𝑐3(𝑥)𝑒−2𝑥
care inlocuita in ecuatia initiala va da sistemul⎧⎪⎨⎪⎩𝑐′
1(𝑥) · 𝑒𝑥 + 𝑐′
2(𝑥) · 𝑒−𝑥 + 𝑐′
3(𝑥) · 𝑒−2𝑥 = 0
𝑐′
1(𝑥) · 𝑒𝑥 + 𝑐′
2(𝑥) · (−𝑒−𝑥) + 𝑐′
3(𝑥) · (−2𝑒−2𝑥) = 0
𝑐′
1(𝑥) · 𝑒𝑥 + 𝑐′
2(𝑥) · 𝑒−𝑥 + 𝑐′
3(𝑥) · 4𝑒−2𝑥 = 2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥
Determinantul acestui sistem este wronskianul
∆ = 𝑊 (𝑒𝑥, 𝑒−𝑥, 𝑒−2𝑥) =
𝑒𝑥 𝑒−𝑥 𝑒−2𝑥
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥 −2𝑒−2𝑥
𝑒𝑥 𝑒−𝑥 4𝑒−2𝑥
= −6𝑒−2𝑥 = 0
iar ceilalti determinanti dati prin regula Cramer sunt
8
∆𝑐′1(𝑥)=
0 𝑒−𝑥 𝑒−2𝑥
0 −𝑒−𝑥 −2𝑒−2𝑥
2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥 𝑒−𝑥 4𝑒−2𝑥
= −𝑒−3𝑥(2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥)
deci
𝑐′1(𝑥) =−𝑒−3𝑥(2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥)
−6𝑒−2𝑥=
1
6(2𝑒−𝑥 + 1 + 𝑒−𝑥 sin𝑥)
iar apoi prin integrare se obtine 𝑐1(𝑥). Se poate observa ca dificultatea tehnica aacestei metode apare de obicei in momentul integrarii, necesare la ultimul pas.
∆𝑐′2(𝑥)=
𝑒𝑥 0 𝑒−2𝑥
𝑒𝑥 0 −2𝑒−2𝑥
𝑒𝑥 2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥 4𝑒−2𝑥
= −3𝑒−𝑥(2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥)
si
𝑐′2(𝑥) =−3𝑒−𝑥(2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥)
−6𝑒−2𝑥=
1
2(2𝑒𝑥 + 𝑒2𝑥 + 𝑒𝑥 sin𝑥)
∆𝑐′3(𝑥)=
𝑒𝑥 𝑒−𝑥 0
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥 0
𝑒𝑥 𝑒−𝑥 2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥
= −2(2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥)
si
𝑐′3(𝑥) =−2(2 + 𝑒𝑥 + sin𝑥)
−6𝑒−2𝑥=
1
3(2𝑒2𝑥 + 𝑒3𝑥 + 𝑒2𝑥 sin𝑥)
Apoi se determina 𝑐2(𝑥), 𝑐3(𝑥) pentru ca in final sa se obtina forma lui 𝑦𝑝(𝑥)conform metodei variatiei constantelor.
Problema 3. Rezolvati ecuatia Cauchy:⎧⎨⎩ 𝑦(𝑖𝑣) − 𝑦 = 𝑥3 + 𝑥
𝑦 (0) = 𝑦′ (0) = 𝑦′′ (0) = 𝑦′′′ (0) = 0
Solutie: Ecuatia caracteristica este:
𝑟4 − 1 = 0 ⇔(𝑟2 − 1
) (𝑟2 + 1
)= 0 ⇔ (𝑟 − 1) (𝑟 + 1) (𝑟 − 𝑖) (𝑟 + 𝑖) = 0
deci:
𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1, 𝑟3 = 𝑖, 𝑟4 = −𝑖
vor genera solutia:
𝑦 (𝑥) = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3cos𝑥 + 𝑐4sin𝑥.
9
Pentru functia 𝑓 (𝑥) = 𝑥3 + 𝑥 = 𝑒0·𝑥(𝑥3 + 𝑥
)evident 𝛼 = 0 nu este o
radacina a ecuatiei caracteristice, prin urmare
𝑦𝑝 (𝑥) = 𝑎𝑥3 + 𝑏𝑥2 + 𝑐𝑥 + 𝑑
Incepem sa calculam:𝑦′𝑝 (𝑥) = 3𝑎𝑥2 + 2𝑏𝑥 + 𝑐,
𝑦′′𝑝 (𝑥) = 6𝑎𝑥 + 2𝑏, 𝑦′′′𝑝 (𝑥) = 6𝑎, 𝑦𝑖𝑣 (𝑥) = 0.
pentru a le substitui in ecuatia neomeogena si a obtine:
𝑎 = −1, 𝑏 = 0, 𝑐 = −1, 𝑑 = 0
deci solutia particulara este
𝑦𝑝 (𝑥) = −1 · 𝑥3 + 0 · 𝑥2 − 1 · 𝑥 + 0
= −𝑥3 − 𝑥.
iar solutia generala e
𝑦 (𝑥) = 𝑦 (𝑥) + 𝑦𝑝 (𝑥) =
= 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3 cos𝑥 + 𝑐4 sin𝑥−𝑥3 − 𝑥.
Pentru a rezolva problema Cauchy trebuie sa folosim conditiile initiale pentrua identifica constantele 𝑐1, 𝑐2, 𝑐3, 𝑐4 :
𝑦 (0) = 𝑐1 + 𝑐2 + 𝑐3,
𝑦′ (𝑥) = 𝑐1𝑒𝑥 − 𝑐2𝑒
−𝑥 − 𝑐3 sin𝑥 + 𝑐4 cos𝑥− 3𝑥2 − 1 ⇒ 𝑦′ (0) = 𝑐1 − 𝑐2 + 𝑐4 − 1,
𝑦′′ (𝑥) = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 − 𝑐3 cos𝑥− 𝑐4 sin𝑥− 6𝑥 ⇒ 𝑦′′ (0) = 𝑐1 + 𝑐2 − 𝑐3,
𝑦′′′ (𝑥) = 𝑐1𝑒𝑥 − 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3 sin𝑥− 𝑐4 cos𝑥− 6 ⇒ 𝑦′′′ (0) = 𝑐1 − 𝑐2 − 𝑐4 − 6.
Folosind𝑦 (0) = 𝑦′ (0) = 𝑦′′ (0) = 𝑦′′′ (0) = 0
se obtine ⎧⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎨⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎩
𝑐1 + 𝑐2 + 𝑐3 = 0
𝑐1 − 𝑐2 + 𝑐4 = 1
𝑐1 + 𝑐2 − 𝑐3 = 0
𝑐1 − 𝑐2 − 𝑐4 = 6
cu solutia
𝑐1 =7
4, 𝑐2 = −7
4, 𝑐3 = 0, 𝑐4 = −5
2.
In concluzie, ecuatia Cauchy are solutia:
𝑦 (𝑥) =7
4𝑒𝑥 − 7
4𝑒−𝑥 − 5
2sin𝑥−𝑥3 − 𝑥,
sau echivalent:
𝑦 (𝑥) =7
2cosh𝑥− 5
2sin𝑥− 𝑥3 − 𝑥.
10
Probleme propuse
Problema 1. Aflati solutiile generale ale urmatoarelor ecuatii liniare:
a) 64𝑦(8) + 48𝑦(6) + 12𝑦(4) + 𝑦(2) = 0,
b) 𝑦𝑖𝑣 − 3𝑦′′′ + 5𝑦′′ − 3𝑦′ + 4𝑦 = 0.
Problema 2. Aflati solutiile generale ale urmatoarelor ecuatii liniare neomo-gene cu coeficienti constanti:
a) 𝑦′′ − 4𝑦′ + 4𝑦 = 1 + 𝑒𝑥 + 𝑒2𝑥,
b) 𝑦′′ − 𝑦 = 𝑥𝑒𝑥 sin𝑥,
c) 𝑦𝑖𝑣 − 4𝑦′′ = 1,
d) 𝑦′′′ − 𝑦′′ = 𝑥.
f) 𝑦′′ − 3𝑦′ + 2𝑦 = 𝑥2𝑒𝑥
g) 𝑦′′ − 4𝑦 = 𝑒2𝑥(11 cos𝑥− 7 sin𝑥)
h) 𝑦′′ − 2𝑦′′ = 𝑒𝑥((4 − 4𝑥) cos𝑥− (6𝑥 + 2) sin𝑥)
i) 𝑦′′′ − 𝑦′′ + 𝑦′ − 𝑦 = cos𝑥
j) 𝑦′′ − 3𝑦′ + 2𝑦 = 𝑒3𝑥(𝑥2 + 𝑥)
k) 𝑦′′ − 5𝑦′ + 6𝑦 = 6𝑥2 − 10𝑥 + 2
11
Bibliografie
[1] Dennis. G. Zill. A First Course in Differential Equations with ModelingApplications, Brooks/Cole, 2013.
[2] Octavian Lipovan. Matematici speciale: Ecuatii diferentiale si teoria cam-purilor, Editura Politehnica, 2007.
[3] R Negrea. Curs Matematici speciale, 2020.
[4] C Hedrea. Notite seminar, 2020.